Квант
Квант 1975, №5

Квант 1975, №5 · Страницы

Лист 1

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

Квашт
1975
5
Научно-полуярный
физико-математический
журнал

Лист 2

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

На этом рисунке, взятом из изданной в 1504 году книги «Margarita philosophica» Георга Рейша, вы видите состояние между «абакистом» и «алгористом». О том, кто такие «абакисты» и «алгористы», вы можете узнать из статьи «Про счеты».

Лист 3

с. 1Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

1

Главный редактор
академик И. К. Кикони

Первый заместитель
главного редактора
академик А. Н. Колмогоров

Редакционная коллекция:
М. И. Башмаков,
С. Т. Беляев,
В. Г. Болтянский,
Н. Б. Васильев,
Ю. Н. Ефремов,
В. Г. Зубов,
П. Л. Капица,
В. А. Кириллин,

главный художник
А. И. Климанов,
С. М. Козел,

зам. главного редактора
В. А. Лешковцев,
Л. Г. Макар-Лиманов,
А. И. Маркушевич,
Н. А. Патрикеева,
И. С. Петраков,
Н. Х. Розов,
А. П. Савин,
И. Ш. Слободецкий,

зам. главного редактора
М. Л. Смолянский,
Я. А. Смородинский,
В. А. Фабрикант,
А. Т. Цветков,
М. П. Шаскольская,
С. И. Шварцбург,
А. И. Ширшов.

Редакция:
В. Н. Березин,
А. Н. Виленкин,
И. Н. Клумова,
художественный редактор
Т. М. Макарова,
Н. А. Минц,
Т. С. Петрова,
В. А. Тихомирова,
зав. редакцией
Л. В. Чернова

В НОМЕРЕ:

2 Великий подвиг советского народа
5 Ю. В. Матиясевич. Формулы для простых чисел
14 А. В. Чаплик. Волновая механика
22 С. Г. Веров. Касательные к рулетам
31 И. Н. Бронштейн. Общие свойства конических сечений

Лаборатория «Квант»
41 М. П. Голловей. Опыты со струей воды

Математический кругхок
45 И. Ф. Шарыцин. Выход в пространство

Задачик «Квант»
50 Задачи М321—М325; Ф333—Ф337
52 Решения задач М286—М290; Ф296—Ф298

Практикум абитриента
58 К. И. Кашин. Институт начинается со школьы
60 Г. И. Розенблам. Как присутствь к решению задачи по физике?
64 Ж. М. Михайлов, В. Н. Слудский, А. В. Устинова. Московский государственный университет им. М. В. Ломоносова

Информация
68 А. Л. Стасенко. ФАЛТ — что это такое?
70 А. А. Быков, Ю. И. Ионин. Школа-интернат при Ленинградском государственном университете им. А. А. Жданова

«Квант» для младших школьников
71 Задачи
72 О. П. Чопенко. Про счеты

Ответы, указания, решения

Уголок коллекционера
76 А. В. Алтыкис. XXX лет победы над гитлеровским фашизмом (3-я с. обложки)

© Главная редакция физico-mатематической литературы издательства «Нука», «Квант», 1975 200

Лист 4

с. 2Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

2

Великий подвиг советского народа

9 мая советские люди и вместе с ними все прогрессивное человечество праздуют тридцатлетие победы над гитлеровой Германней. Эту великую победу одержали не только советские вооруженные силы, страяясь на передовой, но и весь советский народ под руководством Коммунистической партии Советского Союза.

Не остались в стороне и советские учены, плоть от плоти народа. Они внесли весомый вклад в победу, страяясь на фронтах и работая в научных laboratorиях.

Незабываем митинг в Коммунистической аудитории Московского государственного университета на Моховой, когда университетская комсомольская организация объявила себя мобильизованной «для выполнения любого задания партии и правительства — на фронте, на заводах, на транспорте, на колхозных и совхозных полях». Фронтовики-учены самоотверженно сражались с врагом; все помыслы их были направлены на победу. Но и тогда, в дни горячных боев, они оставались верными науке. Одному из них писал в марта 1945 года замечательный советский математик и педагог А. Я. Хинчин:

«…Вы заставили меня задуматься над тем, почему в эту войну такие, совсем юные бойцы, как Вы, при каждой небольшей передышке со всей страстью рруться к своему любимому делу — к тому делу, которое они отдали себя еще до войны и от которого были оторваны войной. В прошлую мирную войну этого не было. Тогда юноша, попавший на фронт, почти всегда чувствовал, что жизнь его переломилась, что все, чем он жил прежде, стало для него невозможной сказал. А сейчас ведь есть такие, которые в перерывах между боями пишут диссертации и защищают их, приехав в короткий отпуск! Не потому ли это, что Выощущаете всем существом Ваш_PATHный труд и Ваш любимое занятие — наук, искусство; практическую деятельности — как два звена одного и того же великого дела? И если это так, то не есть ли этоощущение одна из главных движущих пружин Ваших побед, которые мы здесь, в тылу, так восхищаемся?..»

Не все дожили до дня великой победы. Немало учены отдали свою жизнь за независимость нашей Родины. Мы с благоговением произносим их имена.

Герой Советского Союза Евгения Максимовна Руднева — выпускница механико-mатематического факультета МГУ. Перед войной она завведала отделом Всесоюзного астроном-геодезического общества. Гвардии старшийлейтенант, штуман гвардейского авнационного полка, она совершила 645 боевых вылетов. Дневники и письма Евгения Максимовны Рудневой собраны в книге «Пока стучит сердце», выпущенной издательством «Молодая гвардия».

Лист 5

с. 3Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

3

Тем, кто интересуется научно-популярной литературой, должны быть известны имена талантливых популяризаторов науки — Ростислава Николаевича Бончковского и Горгия Николаевича Бермана. Ростиславу Николаевичу принадлежит книга о первых математических олимпидах для школьников, проводившихся у нас в стране. Он был основным редактором сборников «Matематическое просвещение», издавшихся до войны. И все вы, конечно, читали замечательные научно-популярные книги Горгия Николаевича Бермана: «Циклопда», «Число и наука о нем» и другие. Тяжело раненный, он нашел в себе силы продолжать любимую работу и буквально за два дня до смерти правил корректуру своей книги.

В 1937—1941 годы одной из секций математического кружка для школьников при МГУ руководил молодой талантливый математик Давид Оскарович Шклярский. С первых дней войны щелел он на фронт и в 1944 году пал смертью храбрых. Но до сих пор осуществляли влияние Д. О. Шклярского на математическое образование. С 1946 года выходит серия книг «Библиотека математического кружка», где использовался материалы кружка, который руководил Давид Оскарович. Он ни разу не держал в руках этих книг, но в знак признания его особых заслуг на первом месте среди авторов стоит фамилия Д. О. Шклярского.

Живы в памяти народа имена ученых, погибших в боях с фашистами. Вечная им память и слова!

Неоценим вклад ученых, которые, не желая сил, работали днем и ночью, привнося в труд весь свой опит, знания и талант, помогая вооруженным силам и оборонной промышленности. В том, что Советская Армия была основана современным оружием, большая заслуга наших ученых и конструкторов. Мы упомяем лишь о некоторых работах современных математиков и физников.

«Богом войны» называют артиллерию. Наука помогала артиллерии более метко «накрывать» цель и сообщать снаружам разязыю силу. Большую роль в выполнении этой задачи сыграли работы советских математиков, механиков, в частности, шклы академика А. Н. Колмогорова по теории стрелбы, академика М. А. Лаврентьева по направлении взрывам, члена-корреспондента АН СССР А. А. Ильюшина по пластическому течение металлов.

Еще до войны группа специализитов Ленинградского физико-технического института, возглавляемого академиком А. Ф. Иоффе, начал разработать актуальную для флота проблему — размагничивание кораблей. В то время на вооружение многих флотов мира были взяты так называемые магнитные мины, которые автоматически взрывали при прохождения корабля над ними. Дело в том, что всякое стальное тело (в данном случае корпус корабля) в большей или меньшей степени намагнитоно и тем самым создает вокруг себя магнитное поле. Это поле и «чувствовали» мины. Чтобы обезопасить корабль от магнитных мин, его нужно размагнитить. Размагнитивание кораблей производилось системой определения образом расположенных проводов, по которым пропускался электрический ток.

Во время войны работы по размагнитиванию кораблей велись непосредственно на военно-морских базах. Эти работы проводились группой физиков под руководством академиков А. П. Александрова и И. В. Курчатова. Размагнитивание оказалось настолько эффективным, что наш флот практически не несет потерю магнитных мин. Благодар этому была сохранена жизнь соответствих моряков.

Учены занимались не только проблемами защиты от вражеских мин — велиcis работы и по созданию подрывных снарядов. Так, группа физиков были разработаны

Лист 6

с. 4Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

4

противотранспортные мины, на которых подрывают немецкие танки, поезда и автотобили. Немецкие миномскатели оказались бессильны в попытках обезвредить эти мины.

Ленинградским физикам, руководимым членом-корреспондентом АН СССР П. П. Кобеко, совместно с моряками военно-морского флота во время блокады Ленинграда пришлось решать не совсем обичную задачу: разработать методы, обеспечивающие безопасное прохождение транспорта по ледовой дороге. Как известно, в период блокады город снабжался продовольством, сырьем и снарядами по единственной дороге, прохождение по льду Ладожского озера. В невероятно тяжелых условиях осаденного города, находящeroся под obstрелом и бомбежкой, учены-физики и моряки обеспечили бесперебойную работу «дороги жизни».

Эффективными оказались результаты труда уральских физиков, разработавших метод магнитной дефектоскопии, который позволяет обнаруживать опасные изъяны в стальных корпусах артиллерийских снарядов. Метод основан на том, что у изделия, имеющих «внутренние» дефекты в металле, магнитное поле влизи этих дефектов отличается от магнитного поля в «здоровых» частях изделия. Эти отклонения и удавалось обнаружить специальными приборами, получившими название магнитных дефектоскопов. Миллионы снарядов, забракованных по внешним механическим признакам, но в действительности вполне пригодных для стрельбы, с помощью этих приборов были признаны годными и возвращены на фронт.

Хорошо известна та исключительная роль, которую сыграли в войне радиолокаторы. Идея создания этого прибора принадлежит академику Ю. Б. Кобзарву.

Заслужги советских ученых получили высокую оценку партии и правительства: многоим из них были при своевеня Героя Советского Союза, Героя Социалистического Труда. Многие нагружены ordenами и медалими Советского Союза и других государств, удостоены государственных премии.

Задача овладения боевой техники, в разработке которой активно участвуют советские учены, теперь стала еще актуальной и сложней. Генеральный секретарь ЦК КПСС Л. И. Брежнев отметил: «Вoenная техника в наших дни — это не обучительные парисной «фарманы» 20-х годов и даже не «ястребки» и «уточки» периода Отечественной войны. Сегодня защищки Советской родины должны владеть искусством управления международными пакетами, вожение сверхзвуковых самолетов, атомных подводных лодок, быть знакомами многохых других сложнейших видов оружия. Сегодня нужны уже не только просто смелые, тренированные, мужские ребята с метким глазом и твердой рукой, но и инженеры, математики, знакомые с тайнами электроники и кибернетики. Задачи, таким образом, и в этой области стали более сложными, ответственных, поднялись на новый уровень. Но комсомольская хватка, энтузизм, деревние молодости, мужские свойства и отвага нужны сегодня так же, как и во времягажданской войны и первых пятилеток, как в огненные годы Великий Отечественный» *).

Со времене окончания войны минуло уже трудно лет. Но подвиг советского народа навеки остался в памяти человека. Наш народ высоко ценит вклад, который внесли в дело победы учены. Честы им и слова!

*) Бр.жнев Л. И. Речь на торжественной Пленме ЦК ВЛКСМ 25 октября 1968 г. — В книге: «Ленинским курсом». Речи и статьи, т. 2. М., 1973, с. 273.

Лист 7

с. 5Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

5

Что требуется?

Простые числа разбросаны в натуральном ряду очень прихотливым образом, и не удивительно, что изделия математики стремились найти «формулу для простых чисел». Таким образом можно назвать формулы, обладающие различными свойствами, и здесь очень важно понять, что нам требуется на самом деле.

Самая простая формула для простых чисел выглядит, по-видимому, так:

p=pn,p = p_n,

(1)

где pnp_n обозначает nn-е простое число. Чем же эта формула не устанавливает нас? Дело в том, что права часть этого равенства вычисляется с помощью образом — попробyte, например, самостояльно найти p1975p_{1975}! Мы же хотим получить аналогичную формулу с возможно более простым способом вычисления правой части (однако, как мы видим, простота вычисления — понятие совсем не оченьное). Это так сказаить, программа-маскимут.

Ради простоты формулы можно отказывать от требования явной зависимости от номера nn и искать формулы, дающие простые числа, быть может, не по порядку. Далее, можно отказывать от желания задать одной формулой сразу все простые числа и требовать только того, чтобы формула давала бесконечно много простых чисел. Можно, наконец, допустить, чтобы эта формула давала наряду с бесконечно много простыми числами и нековотые составные числа. Это — программа-минимум.

Формулы, каждщесяя очень простыми, надел могут оказаться не лучшие формулы (1). Именно к таким примерам мы сейчас и переходим.

Teorema E. M. Райта

В 1947 году В. X. Милл с опубликовал следующий результат:

Существует вещественное число λ\lambda макое, что при любом n=1,2,…n=1, 2, \dots число

[λ3n][\lambda^{3^n}]

(2)

является простым *).

В последствии появился еще ряд формул такого же типа. Однако все это были результаты, формулировка которых выглядит заманчивой и многообещающей, но доказательство разочаровывает. Тому, кто хочет понять, почему это так, мы предлагаем разобрать в доказательстве следующей теоремы E. M. Райта:

Существует вещественное число μ\mu макое, что всякое число вида

[22⋅2μ][2^2 \cdot 2^{\mu}]

(3)

является простым.

Ключевым пунктом в доказательстве теоремы Райта является так называемый постулат Бертрана. Согласно этому постулату при x≥4x \geq 4 между xx и 2x−22x-2 всегда есть

*) Здесь и ниже [α\alpha] обозначает целую часть числа α\alpha, то есть наиболее целое число, не превышает α\alpha.

Лист 8

с. 6Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

6

простое число. Эту гипотезу впервые высказал французский математик Бертран: докаазать ее он не смог, а потому использовал в своих рассужdenях в качестве недоказуемого построата. Докаазательство гипотезы Бертрана было найдено впоследствии выдающимся русским математиком П. Л. Чебышевым *).

Чтобы найти нужное число μ, выберем сначала последовательность простых чисел q1,q2,…q_1, q_2, \dots, такую, что при любом n=1,2,…n=1, 2, \dots
2q<qn+1<2q+1−1.(4)2^q < q_{n+1} < 2^{q+1} - 1. \quad (4)
(B качестве q1q_1 можно взять любое простое число, возможно же неограниченного продолжения последовательности {qn}\{q_n\} с соблюдением неравенства (4) гарантирует построат Бертрана.)

Обозначим для краткости число
22,2^2,
где берется nn возведений в степень, через exp⁡nα\exp^n \alpha, а обратную функцию,
log⁡2log⁡2…log⁡2β−через log⁡2nβ.\log_2 \log_2 \dots \log_2 \beta - \text{через } \log_2^n \beta.

Попробуем выбрать число μ так, чтобы при n=1,2,…n=1, 2, \dots
[exp⁡nμ]=qn.(5)[\exp^n \mu] = q_n. \quad (5)
Согласно определению целой части числа равенство (5) эквивалентно неравенству
qn⩽exp⁡nμ<qn+1.q_n \leqslant \exp^n \mu < q_n + 1.

Пропагандировав его nn раз по основанию 2, получим еще одно двойное неравенство, эквивалентное (5):
log⁡2nqn⩽μ<log⁡2n(qn+1).(6)\log_2^n q_n \leqslant \mu < \log_2^n (q_n + 1). \quad (6)

Проверьте сами, что из (4) следует
log⁡21q1<log⁡22q2<⋯<log⁡2nqn<log⁡2n+1qn+1<⋯<log⁡2n+1(qn+1+1)<log⁡2n(qn+1)<⋯<log⁡22(q2+1)<log⁡21(q1+1).\log_2^1 q_1 < \log_2^2 q_2 < \dots < \log_2^n q_n < \log_2^{n+1} q_{n+1} < \dots < \log_2^{n+1} (q_{n+1} + 1) < \log_2^n (q_n + 1) < \dots < \log_2^2 (q_2 + 1) < \log_2^1 (q_1 + 1).

Таким образом, последовательность
log⁡21q1,log⁡22q2,…,log⁡2nqn,…\log_2^1 q_1, \log_2^2 q_2, \dots, \log_2^n q_n, \dots
строго возрастает и ограничена сферу; следовательно, она имеет предел. Его-то мы и возьмем в качестве числа μ; докажите, что так выбранное μ удовлетворяет даже более сильному, чем (6), неравенству
log⁡2nqn<μ<log⁡2n(qn+1),(7)\log_2^n q_n < \mu < \log_2^n (q_n + 1), \quad (7)
и, следовательно, равенство (5) справедливо. Теорема Райта доказана.

Основным недостатком формул (2) и (3) является то, что они (точнее, их доказательства) не дают никакого

*) Прочитать об этом доказательстве можно в статье М. И. Башмакова, «Квант», 1971, № 5.

способа нахождения простые числа, либо чтобы вычислить какое-лобо простое число по формулам (2) или (3), нужное число λ и μ знать с достаточной точностью. Таким образом, формулы (2) и (3) в некоторых смысле являются всего лишь замакированными (иухудшенными) вариантами формулы (1). Кроме того, вид формул (2) и (3) на самом деле почти ничего не говорит именно о множестве простых чисел. Из доказательства теоремы Райта видно, что формулы, аналогичные (2), (3), можно указать для любого «достаточного густаго» множества.

Недостатки формул (2) и (3) порождают тем, что в них входят вещественные числа λ и μ, задаваемые некоторым косвенным образом. В дальнейшем мы будем рассматривать лишь формулы, в которых входят только целочисленные коэффициенты. Такие формулы обладают важным преимуществом: они могут быть (в принципие) выписаны явно:

Простые числа Мерсенна и Ферма
Формулы Милласа, Райта и другие подобные формулы остались изолированными фактами, не приведшими к новым результатам. Однако в других случаях возможность представить некоторых простых числа в том или ином специальном виде имеет неожиданные и глубокие следствия.

Рассмотрим сейчас две формулы, имеющие совместим простой вид:
p=2n−1,(8)p = 2^n - 1, \quad (8)
p=2n+1.(9)p = 2^n + 1. \quad (9)

Очевидно, что формула (8) не всегда дает простые числа; например, если nn — составное число, n=kl,k>1,l>1n = kl, k > 1, l > 1, то pp делится на 2k−12^k - 1 и на 2l−12^l - 1. Но и при простом nn получающейся по формуле (8) число может оказаться составным:
211−1=2047=23⋅89.2^{11} - 1 = 2047 = 23 \cdot 89.

Простые числа, получающие по формуле (8), называются числами Мерсенна в числе Марина Мер-

Лист 9

с. 7Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

7

сенна, который еще в 1664 году указал все простые значения nn, не превосходящие 257, для которых, по его мнению, формула (8) дает простые числа. Однако Мерсенн не дал доказательства; впоследствии выяснили, что его предсказание было частично ошибным.

Интерес к числам Мерсенна вызван их связью с так называемыми совершенными числами — числами, равными сумме всех своих делительей, отличных, конечно, от самого числа. Еще Евклид доказал (доказатель и вы), что если простое число pp имеет вид, указывающий в формуле (8), то число p⋅(p+1)/2p \cdot (p+1)/2 является совершенным. Например,

3=22−1,7=23−13 = 2^2 - 1, \quad 7 = 2^3 - 1

— простые числа, и соответственно

6=(3⋅4)/2=1+2+3,28=(7⋅8)/2=1+2+4+7+146 = (3 \cdot 4)/2 = 1 + 2 + 3, \quad 28 = (7 \cdot 8)/2 = 1 + 2 + 4 + 7 + 14

— совершенные числа. Спустя несколько столетий Леонард Эйлер доказал (попробyte и здесь свои силы), что все четные совершенные числа имеют вид, указывающий Евклидом. Таким образом, вопрос, конечно или бесконечно множество четырех совершенных чисел, свелся к вопросу, конечно или бесконечно множество простых чисел Мерсенна, то есть к вопросу, реализует формула (8) нашу программу-minимум. Ответ на этот вопрос не известен до сих пор *).

Формула (9) также не всегда дает простые числа, например, если nn имеет простой нечетный делитель mm, то pp делится на 2m/2+12^{m/2} + 1, а если nn само нечетно, то pp делится на 3. Таким образом, вместо nn в формулу (9) имеет смысл подставлять только 0 и степень числа 2. При n=0,20,21,22,23n=0, 2^0, 2^1, 2^2, 2^3 и 242^4 формула (9) действительно дает простые числа, и Пьер

*) Об истории и современном состоянии исследовании по совершенным числам и простым числам Мерсенна вы можете прочитать в статье И. Я. Депмана, «Квант», 1971, № 8.

Форма, живший в XVII века, высказал предложение, что и при любом nn вида 2k2^k формула (9) дает простое число; в его числе простые числа вида 22k+12^{2k} + 1 получили название чисел Ферма. Гипотезу Ферма опроверг Эйлер, указывающий, что число 225+12^{25} + 1 делится на 641. В настоящее время известно несколько значений nn вида 2k2^k, при которых по формуле (9) получаются составные числа, но не найдено ни одного нового простого числа Ферма, отличного от указанных выше.

Простые числа Ферма обнаруживают неожиданную связь с геометрией. Выдающийся немецкий математик Карл Фридрих Гаусс доказал, что правильный pp-угольник можно построить циклелем и линейкой при простом pp в том и только том случае, когда pp — число Ферма*). Более общий результат таков: правильный mm-угольник допускает построение циклелем и линейкой тогда и только тогда, когда m=2s⋅p1p2…plm=2^s \cdot p_1p_2 \dots p_l, где p1,p2,…,plp_1, p_2, \dots, p_l — попарно различные простые числа Ферма.

Скатерть Улама

Формулы (8) и (9) содержат возведение в степень. А нельзя ли задания бесконечного многохиспель объятиться лишь сложением, вычитанием и умножением? Поищем ответ на этот вопрос.

Начнем с рассмотрения многочленов от одной переменной с натуральными коэффициентами; посмотрим, какие многочлены будут свойствами и в каком количестве.

Возьемем вначале многочлены первой степени (то есть линейные многочлены). Очевидно, что приведенный многочлен xx задает бесконечного многочленных чисел, более того, все простые числа, но это неинтересный случай. А что можно сказать о многочлене ax+bax + b (где a,ba, b и xx — натуральные числа)? Ясно, что если aa и bb имеют общий делитель, отличный

*) Подробнее об этом открытии тогда ещесовсем молодного Гаусса расссказано в статье С. Г. Гиндикна, «Квант», 1972, № 1.

Лист 10

с. 8Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

8

Рис. 1.

от 1, то значение многочлена ax+bax + b — число составное, кратное этому делителью. Случай же, когда aa и bb взаимно просты, гораздо менее оцениден.

Французский математик Лежандр (живший в XVIII веке) высказал гипотезу, что если aa и bb взаимно просты, то в арифметической программе с первым членом bb и разнотою aa встречается бесконечно много простых чисел. Эта гипотеза была доказана лишь в прошлом столетинемецим математиком Леженом Дирихле.

Перейдем теперь к квадратным многочленам. Среди них есть «рекордсмены», например, многочлен x2+x+41x^2 + x + 41 — его изучал еще Леонард Эйлер. Этот многочлен принимает простые значения при x=1,2,...,40x = 1,2,...,40. При x=41x=41 его значение — составное.

Доказано, что никакой многочлен (отличный, разумется, от конструкты) не может иметь в качестве значений только простые числа, но до них пор не извесно, существует ли многочлен (кроме линейного), среди значений которого встречается бесконечно много простых чисел.

Лист 11

с. 9Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

9

Прис. 2

Прис. 3.

Интерес к представлению простых чисел в виде значений квадратных многочленов недавно возникли в связи с необходимым наблюдением С. М. Улама*). Начав на спирали из всех натуральных чисел (рис. 1) отмечать простые числа, Улам с удивлением обнаружил, что простые числа выстраивают по диагоналям, образуя довольно длиные цепочки. (Доказите, что числа, расположенные вдоль какой-либо диагонали в пределах, ограниченных на рисунке 1 красными линиями — это значения некоторого квадратного многочлена с целыми коэффициентами). Еще более удивительным оказалось то, что закономерность эта наблюдалась и тогда, когда спираль была продолжена (с помощью ЭВМ) до больших чисел — на рисунке 2 светлими точками отмеченены простые числа на спирали из первых 10 000 чисел. Узор, изобранный на рисунке 2, получил название «скатерть Улама».

Чтобы отмеченная закономерность проявилась, не обязательно начинать спираль с единицей. Например, значения многочлена x2+x+41x^2 + x + 41 выстраиваются по диагоналям у спирали, начинаяшейся с числа 41 (рис. 3). Возможно, что читатели «Кванта», проявив изобретательность и должное терпение, смогут найти новые красные «геометрические» закономерности расположения простых чисел среди многочеств всех чисел.

Феномен со стремлением простых чисел располагается в цепочки вдоль диагоналей был обнаружен сравнительно недавно и еще не получил какого-либо математического объяснения.

О представлении простых чисел с помощью многочленов от многих переменных мы сказем в конце статьи.

Экспоненциальный многочлен Джулии Робинсон

Экспоненциальные многочлены отличаются от обычных тем, что в них показатели степени могут быть не только конкретные натуральные числа, но и линейные многочлены от переменных с натуральными коэффициентами, то есть многочлены вида a1x1+a2x2+…+akxk+ba_1x_1 + a_2x_2 + \ldots + a_kx_k + b, где a1,a2,…,ak,ba_1, a_2, \ldots, a_k, b — целые неотрицательные числа.

Простейшим примерами экспоненциальных многочленов от переменной nn являются правила части формул (8) и (9).

В дальнейшем мы всегда будем представлять, что все встречшиеся у нас переменные принимают целые положительные значения.

В 1952 году американский математик Джулия Робинсон*) опубликовала следующий результат:

*) Так было сделано это наблюдание, красочно рассказывает М. Гарднер в «Matематических досугах», М., «Мир», 1972.

Лист 12

с. 10Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

10

Существует экспоненциальный многочлен R(x0,…,xh)R(x_0, \dots, x_h), такой, что любое его положительное значение при целых положительных значениях переменных является простым числом; любое простое число можно представить в маком виде.

В результате получается такая «формула для простых чисел»:

p=R(x0,…,xh).p = R(x_0, \dots, x_h).

Эта формула заменяется вот чем. Во-первых, в нее входят только целые числа, и потому, в отличие от формул Миллса, Райта и им подобных, формула Джулии Робинсон может быть выписана явно. Во-вторых, она задает все простые числа, а не только какие-то избранные из них, в отличие от всех рассмотренных выше формул. В-третьих, хотя формула (10) задает и не только простые числа, у нас есть очень простой способ отсеивания «лишних» чисел: каждое не простое значение RR при целых положительных значениях неизвестных не преводходит нуля. Этим формула Джулии Робинсон выгодно отличается от формул (8) и (9), а также и от только что рассмотренных полномomialных формул *).

Доказательство Джулии Робинсон совершено элементарно. Ниже излагаются его основные идеи; доведение же доказательства до формальной строгости мы оставляем читателя: все промежутные результаты формулированы в виде пятей лемм, — их-то и нужно доказать. Как мы увидим, из этих лемм следует не только существование экспоненциального многочлена RR, но и его явный вид.

Что мы должны сделать?

Чтобы доказать теорему Джулии Робинсон, мы, очевидно, должны указать экспоненциальный многочлен RR, такой, что уравнение (10) разрешимо

*) Полномomialная формула — это формула, задаваемая многочленом.

в натуральных числах относительно переменных x0,…,xhx_0, \dots, x_h тогда и только тогда, когда выполнен следующее условие:

p−простое число.p - \text{простое число.}

Это — пример условия на переменное pp.

Приведем еще несколько примеров условия на набор переменных:

λ1,…,λn,x0,…,xh.\lambda_1, \dots, \lambda_n, x_0, \dots, x_h.

Если мы потребуем, чтобы набор чисел (11) удовлетворял системе уравнения вида

Fi(λ1,…,λn,x0,…,xh)=0F_i(\lambda_1, \dots, \lambda_n, x_0, \dots, x_h) = 0

(i=1,…,si=1, \dots, s), (11’')

или допустим словесное описание типа: «все λi\lambda_i — простые числа», или «λ1\lambda_1 — простое число, ax0,…,xhax_0, \dots, x_h — целые числа» и т. д., то тем самым мы из множества в сех наборов (11’’) выделим некоТОрые, подчиняющие наложению на них условия.

Мы не станем точно определить, условия какого вида является для нас допустимыми. Приведенное описание примеров уравнений для определения того способ действия, который мы в дальнейшем будем пользоваться.

В последующем изложении мы будем различать переменные, называя неокоторые из них параметры, так что деление переменных на параметры и неизвестные у нас является чисто условным.

Если все левые части системы уравнения (11’’) являются экспоненциальными многочленами от λ1,…,λn,x0,…,xh\lambda_1, \dots, \lambda_n, x_0, \dots, x_h, и решения этой системы ищутся в целых положительных числах, то такая система называется экспоненциально диофантовой; если FiF_i — объIkновенные многочлены, то система уравнения (11’’) называется просто диофантовой.

Уравнение (10) является примером экспоненциального диофантова уравнения относительно переменных p,x0,…,xhp, x_0, \dots, x_h.

Мы будем говорить, что две системы уравнений, имеющие одни и те же параметры, эквивалентны другому относительно этих параметров, если множество тех значений параметров, при которых имеем решение одна из этих систем, совпадает со множеством тех значений параметров, при котором имеем решение и другая система. (Обратите внимание, что в этом определении ничего не говоряем.)

Лист 13

с. 11Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

11

рится о связи значений неизвестных—для наших целей это неважно, эквивалентные в нашем понимании системы могут вообще не иметь общих неизвестных.)

Приером эквивалентных условий относительно параметра λ\lambda могут служить неравенство

2n<λ<2n+12^n < \lambda < 2^{n+1}

и равенство

λ=(2x0+1)⋅x1.\lambda = (2x_0 + 1) \cdot x_1.

Ясно, что каждое из этих условий имеет решение тогда и только тогда, когда параметр λ\lambda принадлежит множество чисел, не являющихся целыми степени числа 2.

В этой терминологии наша цель формулируется так: найти эквивалентный многочлен R(x0,…,xh)R(x_0, \dots, x_h), такой, что условие (10) эквивалентно условию (11) относительно параметра pp.

Однако требование, чтобы параметр pp стоял только в левой части равенства (10), является, как мы сейчас увидим, излишне жестким.

Пусть удовлетворяя такой: найти эквивалентный многочлен Q(p,x1,…,xh)Q(p, x_1, \dots, x_h), такой, что эквивалентно диофантово уравнение (условие на p,x1,…,xhp, x_1, \dots, x_h)

Q(p,x1,…,xh)=0Q(p, x_1, \dots, x_h) = 0

(12) эквивалентно условию (11).

Положим

R(x0,…,xh)=x0⋅(1−Q2(x0,…,xh)).R(x_0, \dots, x_h) = x_0 \cdot (1 - Q^2(x_0, \dots, x_h)).

Лемма 1. Если эквивалентные многочлены RR и QQ связаны соотношениям (13), то уравнения (10) и (12) эквивалентны относительно параметра pp.

Нам достаточно даже найти не уравнение, а хотя бы систему эквивалентного диофантовых уравнений

{Q1(p,x1,…,xh)=0,Ql(p,x1,…,xh)=0,\begin{cases} Q_1(p, x_1, \dots, x_h) = 0, \\ Q_l(p, x_1, \dots, x_h) = 0, \end{cases}

эквивалентную условию (11) относительно pp.

Лемма 2. Если

Q(p,x1,…,xh)=∑i=1lQi2(p,x1,…,xh),Q(p, x_1, \dots, x_h) = \sum_{i=1}^{l} Q_i^2(p, x_1, \dots, x_h),

мо системе (14) эквивалентна уравнению (12).

Именно понском системы эквивалентного диофантову уравнения, эквивалентной условию (11), мы и будем занимать.

Что такое простое число?

Страный вопрос, — удивится читатель. Каждый знает, что простое число — это число, большее единиццы, которое делится только на единицу и на себя. Конечно, это так, но с таким определенным работать нелегко — ведь оно предполагает, что проверка простоты числа состоит в переборе бесконечного числа потенциальных делителей — всех натуральных чисел, кроме 1. Для наших же целей больше подходит следующее определение:

число pp является простым, если p>1p > 1 и pp не делится ни на какое число, меньше pp и отличное от 1.

В этом определении нет ограничения q≠1q \neq 1, и, что более важно, оно позволяет переменное число уравний H.O.Д. (1, pp) = 1, H.O.Д. (2, pp) = 1, …, H.O.Д. (p - 1, pp) = 1 свести в одно условие:

H.O.Д.((p - 1)!, pp) = 1.

Сделанное замечание позволяет нам написать первую систему уравнения, эквивалентную условию (11) относительно параметра pp:

{p=r+1,s=r!,H.O.Д.(s,p)=1.\begin{cases} p = r + 1, \\ s = r!, \\ H.O.Д. (s, p) = 1. \end{cases}

Первое из этих условий имеет исключый вид эквивалентного диофантова (более того, диофантова) уравнения, а третье легко приводится к таким же виду за счет введения двух новых неизвестных:

*) H.O.Д. (a, b) — это наиболее общий делитель чисел aa и bb.

Лист 14

с. 12Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

12

Лемма 3. Условие (17) эквивалентно относительной параметров rr и ss условия

x1⋅s−x2⋅p=1∗).x_1 \cdot s - x_2 \cdot p = 1^*).

Так как уравнение (18) экспоненциально диофантово, то нам осталось лишь найти систему экспоненциально диофантовых уравнений, эквивалентную относительной параметров rr и ss условия (16).

Как вычислить факторial?

В условия (16) входит r!r!; этот-то факторial и «мешает» нам. Вспомним, что факторial функирует в выражении для биомпальных коэффициентов**): при t≥rt \geq r

Ctr=t(t−1)…(t−r+1)r!,C_t^r = \frac{t(t-1) \dots (t-r+1)}{r!},

то есть

r!=t(t−1)…(t−r+1)Ctr.r! = \frac{t(t-1) \dots (t-r+1)}{C_t^r}.

Многочлен, стоящий в числитель, имеет довольно сложную структуру. Попытаемся заменить его более простым—a именно, многочленом trt^r. При t≥rt \geq r имеем:

trCtr=trt(t−1)…(t−r+1)×t(t−1)…(t−r+1)Ctr=(1+1t−1)(1+2t−2)×⋯×(1+r−1t−r+1)⋅r!≥r!.\frac{t^r}{C_t^r} = \frac{t^r}{t(t-1) \dots (t-r+1)} \times \frac{t(t-1) \dots (t-r+1)}{C_t^r} = \left(1 + \frac{1}{t-1}\right)\left(1 + \frac{2}{t-2}\right) \times \dots \times \left(1 + \frac{r-1}{t-r+1}\right) \cdot r! \geq r!.

Легко видеть, что

r!=lim⁡t→∞trCtr,r! = \lim_{t \to \infty} \frac{t^r}{C_t^r},

(*) Сравните эту лемму с леммой 2 из «Кванта» № 6 за 1972 год, с. 33.

**) О свойствах биомпальных коэффициентов «Кванта» рассказывал недократно; см., например, № 6 за 1970 год, с. 17—25, или № 2 за 1973 год, с. 27—34.

однако эта запись факторила нам ничего не дает, поскольку tt, будучи параметром в исходной системе уравнений, может принимать любые, сколько угодно больше, но конечные значения. Но мы и не будем переходить к предлу, а воспользовемся целочисленностью r!r! — из (19) и (20) следует, что при достаточно больших tt

r!=[trCtr].r! = \left[ \frac{t^r}{C_t^r} \right].

Лемма 4. Формула (21) верна как молоко t≥2rr+2t \geq 2 r^{r+2}.

Лемма 4 позволяет преобразовать условия (16) в эквивалентную ему относительно параметров rr и ss системы (проверьте эквивалентность!)

{t=2rr+2,c=Ctr,tr=s⋅c+(x3−1),(x3−1)+x4=c.\begin{cases} t = 2r^{r+2}, \\ c = C_t^r, \\ t^r = s \cdot c + (x_3 - 1), \\ (x_3 - 1) + x_4 = c. \end{cases}

Здесь условия (22), (24) и (25) имеют требуемый вид, и нам остается лишь найти систему экспоненциально диофантовых уравнений, эквивалентных условия (23) относительно параметров rr, tt и cc.

Итак, нам осталось «избавиться» от биомпального коэффициента.

Биомпальные коэффициенты — это коэффициенты биома!

Только что мы использували выражение биомпальных коэффициентов через факторial; но биомпальные коэффициенты имеют много и других определений. Воспользовемся теперь, что

(u+1)t=∑i=0tCtiui.(u + 1)^t = \sum_{i=0}^{t} C_t^i u^i.

Эта формула является определением биомпальных коэффициентов, если рассматривается как мождество относительно uu. Но нам нужно, чтобы uu было неизвестной, принимающей в качестве конкретином решении исходной системы лишь одно значение.

Лист 15

с. 13Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

13

Заметим, что
Cti≤∑i=0tCti=(1+1)t=2t,C_t^i \leq \sum_{i=0}^{t} C_t^i = (1+1)^t = 2^t,
и, таким образом, если
u>2t,u > 2^t,
то Ct0,Ct1,…,CttC_t^0, C_t^1, \dots, C_t^t — это цифры в записи числа (u+1)t(u+1)^t в позиционной системе числения с основанием uu.
Следовательно, биомпальные коэффициенты однозначно определяются тем условием, что равенство (26) и неравенства (27) и (28) одновременно выполнены хотя бы при одном значении uu.

Лемма 5. Условие (23) эквивалентно относительной параметров r,tr, t и cc системы условия
{u=2t+1,x5=u+1,x5t=x6ur+1+cur+x7,x7+x8=ur,c+x9=u.\begin{cases} u = 2^t + 1, \\ x_5 = u + 1, \\ x_5^t = x_6 u^{r+1} + cu^r + x_7, \\ x_7 + x_8 = u^r, \\ c + x_9 = u. \end{cases}

Здесь все условия уже имеют необходимый нам вид.

Итак, мы показали, что условия (11) эквивалентно относительной параметра pp системе, состоящий из экспоненциального диофантовых уравнений (15), (18), (22), (24), (25), (29) — (33). Чтобы получить требуемый экспоненциальный многочлен, осталось переменовать переменные r,s,t,cr, s, t, c и uu в x10,x11,x12,x13,x14x_{10}, x_{11}, x_{12}, x_{13}, x_{14}, объединить по лемме 2 все уравнения в одной и преобразовать по лемме 1 это уравнение к использованию виду (10).

Дальнейшие шаги
Формула (10) не содержит явно номера задаваемого его простого числа. Описанный выше способ построения экспоненциального многочлена RR не дает прямого пути для включения номера простого числа в формулу (10). Используя существенно более сложную технику, Мартин Дейвис, Хилэри Патnam и Джуляя Робинсон в 1961 году доказали одну очень сильную теорему, которая имеет такое с ледств и е.

Существует экспоненциальный многочлен P(x0,…,xk,n)P(x_0, \dots, x_k, n) макой, что при каждом фиксированном значении параметра nn и произвольных значениях остальных переменных, многочлен PP принимает одно положительное значение, и этим значением является nn-е простое число.

В 1970 году автор этой статьи удалось использовать другие результаты Джулия Робинсон, построить такое диофантовую равенение:
M(a,b,c,z1,…,zm)=0,M(a, b, c, z_1, \dots, z_m) = 0,
(34) которое разрешимо тогда и только тогда, когда параметры a,ba, b и cc связаны соотношением a=bca = b^c. Этот результат позволяет осуществить в формулировке предыдущей теоремы слово «экспоненциальный», то есть позволяет построить многочлен, заданной простые числа. Об этом, однako, мы поговорим в другой раз. Те же читатели, кого заинтересовала подобная тематика и кого не страшат трудности, могут попробовать самостоятельно разобраться в статье автор «Диофантовы многочества», опубликованной в журнале «Успех математических наук», XXVII, № 5, 1972 год.

Темы для размышлений

  1. Докажите, что варифметических прогрессиях 3, 7, 11, . . . и 5, 11, 17, . . . бесконечно много простых чисел.
  2. Каково множество тех многочленов, значения которых лежат вдоль диагонали, если спираль (см. с. 9) начата с 1? с некоторого числа uu? с некоторого числа uu, и по спирали стоит член арифметической прогрессии u,u+v,u+2v,…u, u + v, u + 2v, \dots?
  3. Теорема Вильсона утверждает, что если pp — простое число, то (p−1)!+1(p-1)! + 1 делится на pp. Как можно использовать этот результат, чтобы уменьшить число неизвестных в экспоненциальном многочлене RR, заданной простые числа?
  4. Постройте экспоненциальный многочлен S(x0,…,xh)S(x_0, \dots, x_h), который задает множество получим простых чисел-близнецов, то есть такой, что если S(x0,…,xh)>0S(x_0, \dots, x_h) > 0, то оба числа S(x0,…,xh)−1S(x_0, \dots, x_h) - 1 и S(x0,…,xh)+1S(x_0, \dots, x_h) + 1 являются простыми, и наоборот, если s−1s-1 и s+1s+1 простые числа, то S(x0,…,xh)=sS(x_0, \dots, x_h) = s при некоторых x0,…,xhx_0, \dots, x_h.
  5. Постройте экспоненциальный многочлен T(q,x0,…,xm)T(q, x_0, \dots, x_m), такой, что если qq — простое число, то существует числа x0,…,xmx_0, \dots, x_m такие, что T(q,x0,…,xm)>0T(q, x_0, \dots, x_m) > 0;
    если qq — простое число и T(q,x0,…,xm)>0T(q, x_0, \dots, x_m) > 0, то T(q,x0,…,xm)T(q, x_0, \dots, x_m) — простое число, следующего за qq;
    если qq не является простым числом, то всегда T(q,x0,…,xm)≤0T(q, x_0, \dots, x_m) \leq 0.

Этот экспоненциальный многочлен дает «формулу для следующей простого числа».

Лист 16

с. 14Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

14

Волновая механика

Около пятидесети лет назад родила квантовая механика — наука о законах движения микросоппических частиц материалов (атомов, атомных ядер, электронов и т. п.). Эти законы оказались настолько удивительными, настолько не похожими на то, с чем стalkивались физики до сих пор, что вначале даже крупные учены отказывались верить выводам квантовой механики. Да и в наши дни не прекрашаются дискуссии о физических основах этой науки, хотя многие ее разделы уже стали инженерными дисциплинами.

В первые годы существования квантовой механики ее называли волновой механикой. Сейчас это название уже начало забывать, а между тем в нем содержится указание на самую главную черту, присущую явлениям микромира. Ведь квантовый, то есть дискретный характер процессов, в которых участвует микрочастицы, связан именно с их волновыми свойствами. Например, тот факт, что энергия электронов в atomе может принимать лишь определенный дискретный набор значений, есть следствие волновой природу электрона.

В этой статье мы постараемся разобраться, что означает слова «волновая природа электрона» и почему она приводит к дискретности его свойств. Начать придется издалека.

Частцы и волны

Как мы описываем движение больших тел, например, движение артиллерийского снаряда, спутника Земли, планеты вокруг Солнца? Такие тела называют микросоппическими (в отличие от микрочастицы), и особенностями движения хорошего известны. Конецно, спутники Земли и артиллерийские снаряды вредли ли можно считать волне обиденными вещеми. Но законы, которые управляют их движением, легко понять на основе нашей посеедневного опыта.

Мы привыкли к тому, что каждое тело занимает определенное место в пространстве, и это место можно указать, задавая координаты тела. Если тело движется, то оно с течение времени меняет свое положение в пространстве. Чтобы описать движение тела, можно указать положения, которые оно занимает в последовательные моменты времени, то есть (выражаясь более точно) можно задать зависимость координат тела от времени. Это — язык механики, вернее даже, — ее азбука. Но отсутства берегся уверенно, что можно в каждый момент времени определить положение тела в пространстве, задав его координаты? Ответ совершенно ясен: оттуда же, откуда берегся вообще все наши знания — из опыта. Именно повседневный опыт служит источником понятей и представленной, которые пользовется общая механика — механика микросоппических тел (ее также называют классической). Важно запомнить это обстоятельство: в повседневном опите мы имеем дело с микросоппическими телами, поэтому привычные

Лист 17

с. 15Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

15

представления о перемещении в пространстве относится как раз к таким темам. Согласно этим представлениям каждое движущесе тело имеет траекторию, и в каждой точке траектории можно указать скорость тела, его ускорение и т. д. Так описывается движение тел в классической механике.

По-инному приходится поступать при описании волновых процессов, например, звука или волн на поверхности воды. Первое, что нужно отметить, это бессмысленность понятия траектории для волн. Ведь звук распространяется от своего источника по всем направлении. Если все-tаки задают вопрос: где в данной момент находится звуковая волна, то ответ должен быть следующим: это некооторая часть пространства, ограниченная поверхностью, до которой волны успел доойти к данному моменту времени. Внутри этой поверхности в каждой точке (разумеется, если источник работы не перерывно) существует колебания плотности воздуха, которые и являются звуком. Значит, бессмысленное говорить о координате звука, о точке пространства, в которой находится звук. Это становится особенно ясным в случае волн в замкнутой полости, где могут возникнуть стоящие волны. Примером могут служить резонансный ящик для камерона, духовые музыкальные инструменты (такие, как орган или сокофон), барабан и т. д. Когда по барабану ударят, то внутри него устанавливаются стоящие волны, и при этом звучит весь объем воздуха, заключенный внутри барабана. Таким образом, можно сказать, что волна заполняет все доступное ей пространство, и такие понятия, как координата или траектория, к волнам не применены. Здесь следует пользоваться другими другими методами. Волны характеризуются их амплитудой, частотой, фазой, скоростью распространения, длиной волны.

Остановимся еще на одном различии в свойств волн и частиц, которые очень важно для дальнейшего изучения основных волн является исключительно привлекательной волн. Волна, в прямом смысле слова, может завернуть за угол, частота — нет. Например, можно услышать речь, стоя за углом дома и не видя разговаривающих людей.

С явлением дифракции тесто связано поведение волн при их отражении от шероховатой поверхности. Если бы отражающая поверхности была идеально гладкой, то волны и частицы волны были себя совершенно одинаково (рис. 1). Для тех и других выполнялся бы известный закон: угол падения равен углу отражения (разумеется, надо оворить, что удар частиц поверхности поверхности предполагается абсолютию упругим). Легко собрать, что в этом идеальном случае параллельный пучок летяших частц остается параллельным и после отражения от поверхности, так как скорость каждой частицы поворачивается на один и тот же угол. То же самое относится к волнам.

Посмотрим теперь, что происходит в реальном случае, то есть когда поверхость не является идеально плоскостью, а имеет неекоторые

Лист 18

с. 16Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

16

шероховатости. Начнем с частиц. Следует разлиать два случая. Первая, изображенный на рисунке 2, соответствует маленьким частицам. Их размеры горизонтом меньше высоты и ширины зубцов поверхности, поэтому можно рассматривать такие частицы как материльные точки. Каждый из этих частиц попадает на некоторый участок поверхности, на некоторый склон зубца, и отражается от этого склона все по тому же закону: угол падения равен углу отражения. Но так как каждый зубц наклонен под своим определенным углом к направлению perвичного потока частиц, то частицы, попавшие на разные зубцы, отлетают в разных направлениях. В результате отраженные частицы уже не образуют параллельного пучка, а размещаются хаотически под разными углами.

Если же на поверхности падают большие частицы, которые при соприкосновении с поверхностью накрывают сразу много зубцов, то картина получаетсяиной (рис. 3). «С точки зрения» такой частицы поверхность с мелкими зубцами мало отличается от идеальной плоскости. Например, стол для пинг-понга называется (неровно обработана фанера, краска легла не взделе одинаковым слоем и т. д.), тем не менее шарик отскакивает почти так же, как отровной плоскости. Дело в том, что большой шарик, касаясь при ударе сразу многох мелких зубцов поверхности, как бы upsредняет их действия, и это upsреднение действие оказывается почти таким же, как для идеальной плоскости. В таких случаях говорят о зеркальном отражении.

Отражение волн от шероховатой поверхности также может произойти двояким образом. Длинные волны (длина волны больше размеров неровности) диффрагируют на неровности; в результате отражение оказывается близким к идеальным. Например, неровности поверхности обичного зеркала гориздо меньше длины волн видимого света. Отражение света происходит направлено (зеркальное). Однако жесткиеRENTенские лучи, длина волны которых в тысячи раз меньше чем у видимого света, отражаются от того же зеркала рассеянию (диффузно) — отраженные лучи идут в различных направлениях.

Итак, при отражении потоков частиц или волн от неровностей поверхности решающего роль для частиц играет соответствие между размерами неровностей и размерами частиц, а в случае волн — соответствие между размерами неровностей и длиной волны.

Мы подошли теперь к главной части нашего расссказа.

Как ведут себя электроны
Когда Дж. Дж. Томсон в самом конце прошло века открыл электрон,

Лист 19

с. 17Набрано по скану (claude)

17

он представлял его себе как частицу, несущую определенную порцию электрического заряда. Действительно, все опыты как будто говорили за то, что электрон — это частица, заряженная отрицательным электричеством и ведущая себя так, как и полагается частицам. Мы уже знаем, что это означает. Во-первых, электроны можно считать поштучно (например, измеряя полный заряд и деля его на заряд одного электрона); никто еще никогда не наблюдал половины электрона. Во-вторых, каждый электрон пучка характеризуется своей траекторией, которую можно изменять, воздействуя на пучок электрическим или магнитным полем. Момент попадания электрона в мишень можно фиксировать по вспышке в люминесцирующем покрытии мишени. Эта вспышка практически точечная, а это значит, что электрон оказывает действие лишь на очень малую область мишени. Следовательно, можно говорить о координате электрона, о его траектории, то есть обо всем, что характеризует его как частицу.

Именно на основе представлений об электроне как о частице возникла так называемая планетарная модель атома, предложенная Резерфордом. В этой модели атом рассматривался как миниатюрная Солнечная система, в которой вокруг «Солнца» — атомного ядра — движутся по орбитам «планеты» — электроны. Размеры атома, то есть радиусы электронных орбит, вскоре удалось выяснить. Они оказались величинами порядка 10−810^{-8} см, или одного ангстрема. Относительно размеров самого электрона имелись расхождения во мнениях, но все сходились на том, что его радиус должен быть, конечно же, меньше 10−810^{-8} см. Ведь электрон — часть атома, а часть, во всяком случае, не может быть больше целого. Но вот в 1927 году американские физики Дэвиссон и Джермер осуществили свои знаменитые опыты с пучками электронов. И сразу стало ясно, что взгляд на электроны как на малень-

кие твердые шарики, мягко говоря, наивен. Природа электрона оказалась гораздо более сложной.

Мы разберем здесь лишь один из опытов Дэвиссона и Джермера. Параллельный пучок электронов направлялся на грань кристалла и отражался от нее. Отраженный пучок оставался параллельным (как в случае отражения видимого света от зеркала). Вот и все. На первый взгляд в этом факте нет ничего удивительного. Ведь мы знаем, что при определенных условиях частицы могут испытывать зеркальное отражение от твердой поверхности. Но не нужно забывать, что «с точки зрения электрона» поверхность кристалла ни в коем случае не является сплошной поверхностью. Кристалл состоит из атомов, разделенных промежутками пустого пространства. Размеры промежутков примерно равны размерам самих атомов и составляют величину порядка 10−810^{-8} см. А электроны — это маленькие частицы, радиус их много меньше, чем 10−810^{-8} см. Значит, при соударении пучка электронов с кристаллом должна иметь место ситуация, когда размеры частиц меньше размеров неровностей. Следовательно, отражение электронов должно быть диффузным.

Таким образом, либо надо считать электроны очень большими шарами, гораздо больше самих атомов (тогда они отражались бы от кристалла зеркально), либо… либо электроны не подчиняются законам классической механики и не являются частицами в привычном смысле этого слова. Первая возможность приводит к явной бессмыслице: большой шар не может кружиться по орбите внутри маленького атома. Значит, остается вторая возможность, сколь бы невероятной она ни казалась.

Зеркально отражаться от поверхности кристалла могут лишь волны, длина которых больше расстояния между атомами в кристалле. Следовательно, нужно считать, что пучок электронов ведет себя подобно вол-

2 «Квант» № 5

Лист 20

с. 18Набрано по скану (claude)

18

нам, а тогда возникает вопрос о характерных параметрах этих волн: об их частоте, длине волны и т.д. Ко времени опытов Дэвиссона и Джермера уже была известна «сумасшедшая» гипотеза французского ученого де Бройля (высказанная в 1923 году) о том, что всякая частица ведет себя подобно волне, длина которой λ\lambda связана с импульсом p=mvp=mv частицы следующей формулой (формула де Бройля):

λ=hp=hmv.\lambda = \frac{h}{p} = \frac{h}{mv}.

Заметим, что величина hh в этой формуле — знаменитая постоянная Планка, равная 6,62⋅10−276{,}62 \cdot 10^{-27} эрг⋅сэрг \cdot с. Она связывает частоту ν\nu колебаний электромагнитного поля с энергией EE его кванта (фотона) по формуле Планка: E=hνE = h\nu, или длину волны с импульсом фотона: λ=hp\lambda = \dfrac{h}{p}. Идея де Бройля возникла из предположения о симметрии в природе. Теория показала, что волны обладают в некотором смысле свойствами частиц. Не могут ли частицы в свою очередь обладать волновыми свойствами? Гипотеза де Бройля состоит в том, что указанные соотношения одинаково применимы как к фотонам, так и к частицам вещества. Многочисленные эксперименты, проведенные впоследствии, это действительно подтверждают.

Формулы Планка и де Бройля связывают механические характеристики частиц (импульс, энергию) с их волновыми характеристиками (длиной волны и частотой). Чрезвычайно малая (с точки зрения привычных нам масштабов) величина постоянной Планка показывает, что волновые эффекты в движении частиц становятся существенными лишь в области микромира. В самом деле, шарик для пинг-понга массой 1 гг, летящий со скоростью 1 м/см/с, имеет дебройлевскую длину волны, равную 6,6⋅10−296{,}6 \cdot 10^{-29} смсм. Это фантастически малая длина, в триллионы раз меньшая размеров атомного ядра.

Совершенно ясно, что никаких волновых эффектов (например, дифракции) в движении такого тела обнаружить нельзя. Напротив, для электрона в атоме длина волны де Бройля равна примерно 10−810^{-8} смсм (m≈9×10−28m \approx 9 \times 10^{-28} гг, v≈108v \approx 10^{8} см/ссм/с), то есть порядка размеров самого атома, в котором движется электрон. В этих условиях волновое поведение электрона играет определяющую роль. Вся специфика атомных явлений и, в частности, их квантовый характер связаны именно с этим волноподобным поведением электронов. Мы рассмотрим сейчас простейший пример, показывающий, как дискретность свойств атома вытекает из волновой природы электрона.

При обычных условиях электроны удерживаются внутри атома силами электростатического притяжения и не могут удалиться от ядра на слишком большое расстояние. Таким образом, принадлежащие атому электроны движутся в ограниченной области пространства. Их обычно называют связанными электронами. Наоборот, электроны в пучке, созданном электронной пушкой, могут, в принципе, попасть в любую область пространства, поэтому называются свободными. Пример, о котором идет речь, схватывает именно эту особенность атомного электрона: ограниченность области пространства, доступной для его движения.

Для простоты рассуждений представим себе, что электрон может двигаться только вдоль некоторой прямой и не выходит за пределы отрезка ABAB (рис. 4). Скажем, в точках AA и BB находятся твердые стенки, сквозь которые электрон не может проникнуть. Такая система является одномерной моделью атома. Разумеется, атомы устроены гораздо сложнее, и наш пример не претендует на количественное соответствие реальному атому. Но главную качественную ссобенность атомов — существование дискретных энергетических уров-

Лист 21

с. 19Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

19

ней — нам удасться проследить даже на этой простой модели. (Впрочем, следует заметить, что такая модель может иметь и неосредственный физический смысл. Например, она довольно хорошо описывает поведение электронов в тонких пленках металлов или полупроводников. В этом случае отрезок ABAB изображает толщину пленки, а две поверхности пленки играют роль стенок, не выpusкойших электрон наружу.) Чтобы рассчитать характеристики такого одномерного атома, воспользоваться формулой де Бройля. Поскольку электрон «заперт» в ограниченной области пространства (в данном случае — на отрезке прямой), то мы должны говорить о стоянных волнах. Аналогичные механические одномерные stories волны возникают, например, при колбанях струны, закрепленной в двух точках. Естественно, что эти точки закрепления следует сопоставить точкам AA и BB, за которым электрон не может проникнуть. Колбанная струны также не проникают сквозь закрепленные концы. Это означает, что смешення точек струны при колбанях всегда таковы, что точки AA и BB являются узловыми (их смешення всегда равны нулю). Отсюда сразу следует, что на отрезке ABAB должно укладывать целое число полуволн. Таким образом, колблющая струна с закрепленными концами может находиться лишь в определенных состояниях движения, которые можно нумеровать по числу полуволн, укладывающийся между точками AA и BB. Другими словами, в струне возможны лишь такие волны, длина которых λ\lambda удовлетворяет следующему соотношению: AB=nλ/2AB = n\lambda/2, где nn — целое число, принимающее значение 1, 2, 3 и т. д. На рисунке 4 слуан I, II, III, IV соответствуют nn, равному 1, 2, 3 и 4. Обозначим длину отрезка ABAB буквой LL. Тогда возможные длины волн λn\lambda_n задаются формулой

λn=2Ln;n=1,2,3,…\lambda_n = \frac{2L}{n}; \quad n = 1, 2, 3, \dots

Тепер вернемся к электрону, бегающему между двумя стенками, и применим к нему формулу де Бройля. Поскольку может существовать лишь дискретный набор волн λn\lambda_n, то скорость электрона vn=hmλnv_n = \frac{h}{m\lambda_n} может принимать также лишь дискретный набор значений:

vn=hmλn=hm2Ln;n=1,2,3,…v_n = \frac{h}{m\lambda_n} = \frac{h}{m2L} n; \quad n = 1, 2, 3, \dots

Кинетическая энергия электрона равна E=mv2/2E = mv^2/2, и она тоже не может быть произвольной. Существуют лишь дискретные энергетические уровни:

En=h2n28mL2;n=1,2,3,…E_n = \frac{h^2n^2}{8mL^2}; \quad n = 1, 2, 3, \dots

(число nn называется квантовым числом). Мы получили одну из первых формул квантовой механики — энергетическая уровни электрона, «запертого» между двумя непроницаемыми стенками. С точки зрения классической механики сама постановка вопроса о дозвольных значениях энергии для этого случая бессмысленна. Если классический шарик прыгает между двумя стенками, упруго отракаясь от них, то его энергия E=mv22E = \frac{mv^2}{2} зависит от начальной скорости v0v_0 и может принимать любые значения. Никакой энергетической «лестицы» не существует, возможно значения энергии заполняют

Лист 22

с. 20Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

20

всю шкалу энергий. Для микрочастицы, как мы видели, дело обстоятельноному. Ее энергия может иметь лишь дискретный набор значений, и эта дискретность есть прямое следствие волновой природы микрочастицы.

Вобобще говоря, выражение для энергетических уровней можно формировать и к классическому частите, например, все к тому же пинг-понговому шарику. Пусть его масса m=1 em = 1 \, e, а расстояние между стенками L=10 cmL = 10 \, cm; тогда вследствие чрезвычайной малости hh расстояния между соседними уровнями оказывается невообразимо малыми; например,

E21=h28mL2(22−1)≈16⋅10−55 эр.E_{21} = \frac{h^2}{8mL^2} (2^2 - 1) \approx 16 \cdot 10^{-55} \, \text{эр}.

Энергетическая лестница получается настолько густой, что практический энергия может изменяться непрерывно, как и должно быть для классической частицы. В этом заключается предельный переход от квантовой механики к классической.

Помимо волновой природы микрочастицы для возникновения дискретного спектра чрезвычайно существенно оказывается тот факт, что движение частицы происходит в ограниченной области пространства. В этом случае, как мы уже говорили, возникна状態 волны, а также колебания характеризуются дискретными значениями длины волн, и следовательно, частот. Частота же, помноженная на hh, равна энергии частицы. Общая tendенция такого, что чем меньше размеры доступной области движения, тем больше расстояние между соседними уровнями энергии (см., например, формулу (*)).

Если же микрочастица движется под действием таких сил, которые разрешают ей уйти на бесконечность, то стояние волны не возникают, и энергия может иметь любое значение. В этом случае говорят, что квантовая система имеет непрерывный спектр энергии (например, луч электронной пушки).

В атоме водорода электрон удалявается вблизи ядра силами электростанческого притяжения. Если состояние электрона таково, что у него не хватает энергии предолеть притяжение и уйти на бесконечно большое расстояние от ядра, то он обладает дискретным спектром. Однако, если каким-либо способом сообщить электрону достаточно энергии (это можно сделать, например, освещая atom светом), то электрон предоляет притяжение к протону и может уйти от него сколь угодно дальше. Начиная с этой энергии, спектр электрона становится непрерывным, то есть энергия электрона может принимать любые значения.

На рисунке 5 изображены возникшие значения энергии электрона в атоме водорода. Наинизший возникший уровень энергии называется нормальным или основным. В разобранном выше примере с электроном, «бегающим» между двумя стенками, основному уровню соответствует значение числа nn, равное 1. Формула () для уровня энергии оказывается довольно полезной для оценки энергии основного состояния и других квантовых систем. В этом случае под LL следует помнить размер доступной области пространства, в котором движется электрон. Например, диаметр atomа водорода равен приблизительно 10−8 cm10^{-8} \, cm, масса электрона ≈9⋅10−28 e\approx 9 \cdot 10^{-28} \, e. Подставляя эти значения в формулу (), получим для

Лист 23

с. 21Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

21

Энергии основного состояния атома водорода E1=0,6⋅10−10эр=37,5эрE_1 = 0,6 \cdot 10^{-10} \text{эр} = 37,5 \text{эр}. Точное значение этой энергии 13,5 эр, то есть мы ошиблись почти в три раза. Но ведь это именно оценка, грубая прикидка, которая дает представление только о порядке интересушей нас величины.

В заключение следует подчернуть, что события, произходящие в микромире на уровне атомов, молекул и атомных ядер, стали понятными лишь после того, как появились идея о волновой природа микрочастиц. Их двойственная природа (с одной стороны, — это частицы, с другой волны) не имеет аналогий в привящном нам макросоппереском мире, поэтому было бы бесполезно пытаться представить себе, например, на что похож электрон, движущийся в атоме. Он не похож ни на что, известное нам до сих пор. Электрон обладает одновременно и свойствами частиц, и волновыми свойствами, но не является ни частицей в общим смысле слова, ни обычной волной. Говорить об электроне как о частице можно лишь приближению, не забывая о его волновых свойствах. Например, для обычной, классической частицы можно точно задать ее координату, импульс, энергию в любой момент времени. Что можно сказать об этих параметрах при описании поведения микрочастиц?

Согласно формуле де Бройля частице, обладающей данным импульсом, то есть определяны мзначением скорости, соответствует волна определенной длины. Определим значением длины волны характераизуются только гармоничские волны. Но гармоничская волна безгранична в пространстве. Значит, мы не можем говорить о локализации, о пространственных координатах микрочастицы в данной момент времени.

Если же мы считаем, что частица локализована в пространстве, то тем самым мы ограничили область, в которой сосредоточен колебательный процесс, описываемый волновыми свойствами данной частицы. Но описать такие колебания одной гармоничческой волной определяенной длины нельзя. Следовательно, согласно соотношению де Бройля ничего неелья с определенно скзаать об импульсе частицы в тот момент времени, в которой мы считаем зафиксированными ее координаты.

Таким образом, нет смысла говорить об одновременных точных значениях координат и импульса микрочастицы. Эти параметры могут быть определены в один и тот же момент времени лишь приближительно, с определенной степенью точности. В 1927 году немецкий физик Вернер Гейзенберг показал, что между неточностями Δx\Delta x и Δp\Delta p в определении координат и импульса микрочастицы в данной момент времени существует соотношение:

Δx⋅Δp≥h∗).\Delta x \cdot \Delta p \geq h^*).

Это соотношение называется соотношением неопределенностей.

Сегодня мы не можем ответить на вопрос, почему микрочастиц устроен именно так, а не инчае, да и вряд ли такой вопрос относится к числу правилно поставленных. Но мы теперь твордо знаем, что самые привычные, кажущие незыбленные микрочастицы определяются о природе могут быть определены потоком новых фактов и наблюданий. Поэтому с большой осторожностью относится ко всякого рода категорических суждений о свойствах и законах окружащего нас мира, либо каждое такое «абсолютное» утверждение основано в действительности на ограниченном человеком опыте.

*) Δp\Delta p — составляющая полного импульса частицы на соответствующую ось координат. В данной случае — на ось XX.

Лист 24

с. 22Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

22

Сначала расскажем о приеме, разработанном Торриелли и (1608—1647) и Робервалем (1602—1675); этот прием основывает на сложении скоростей.

Рассмотрим движение материальной точки. Если в момент времени t0t_0 прекратить действие сил, то точка остановится или начнет равномерно движаться по касательной к траектории (скорость возникшего равномерноного движения называется меновенной векторной скоростью исходного движения при t=t0t = t_0). Это утверждение вытекает из законов Ньютона. Но можно, как это часто делали математики в XVII века, принять его за cinematическое определение касательной, убедившись, что оно согласуется с наблюдениями над простейшими движениями (прежде всего врашательным). Встав на такую точку зрения, мы сможем строить касательные ко многим интересным кривым, используя при этом лишь простые факты о скорости.

Будем рассматривать только плоское движение. Зафиксируем на плоскости точку OO — начало отсчета. Если движущаяся точка в момент времени tt занимает положение AtA_t, то через r(t)r(t) обозначим вектор OAt⃗\vec{O A_t}. Задание векторов r(t)r(t) для всех значений tt полностью определяет движение. Мгновенную векторную скорость в момент времени tt обозначим через r(t)r(t); напомним, что вектор r(t)r(t) направлен по касательной к траектории движения. Его длина ∣r(t)∣|r(t)| называется велииной скорости. Если движение проискит по фиксированной прямой, на которой ведены координаты, то векторы r(t)r(t)

Лист 25

с. 23Набрано по скану (claude)

23

и r˙(t)\dot{\mathbf{r}}(t) направлены по этой прямой, и их можно характеризовать координатами s(t)s(t) и s˙(t)\dot{s}(t).

П р и м е р 1. Галилей показал, что для прямолинейного движения s(t)=gt22s(t)=\dfrac{gt^2}{2}, скорость будет равна s˙(t)=gt\dot{s}(t)=gt.

П р и м е р 2. Пусть точка, находящаяся на расстоянии RR от точки OO, равномерно вращается вокруг OO. Тогда вектор r˙(t)\dot{\mathbf{r}}(t) направлен по касательной к окружности, по которой движется точка, в сторону, соответствующую направлению вращения, и ∣r˙(t)∣=2πRT|\dot{\mathbf{r}}(t)|=\dfrac{2\pi R}{T}, где

TT — период вращения (время полного оборота). В частности, при T=2πT=2\pi имеем

∣r˙(t)∣=∣r(t)∣=R.|\dot{\mathbf{r}}(t)|=|\mathbf{r}(t)|=R.

Закон сложения скоростей

Пусть имеется два движения r1(t)\mathbf{r}_1(t) и r2(t)\mathbf{r}_2(t). Назовем их суммой движение, для которого r(t)=r1(t)+r2(t)\mathbf{r}(t)=\mathbf{r}_1(t)+\mathbf{r}_2(t), где справа стоит векторная сумма. Закон сложения скоростей утверждает, что скорость движения r(t)\mathbf{r}(t) равна r˙1(t)+r˙2(t)\dot{\mathbf{r}}_1(t)+\dot{\mathbf{r}}_2(t), то есть сумме (векторной) скоростей составляющих движений. Закон сложения скоростей легко установить для суммы движений с постоянными скоростями; общий же случай получается из этого частного случая предельным переходом.

Всякое движение r(t)\mathbf{r}(t) может быть представлено в виде суммы двух прямолинейных движений. Для этого достаточно ввести любую декартову систему координат так, чтобы O=(0,0)O=(0,0) и рассмотреть изменение со временем координат x(t)x(t), y(t)y(t) вектора r(t)\mathbf{r}(t). Очевидно, что исходное движение r(t)\mathbf{r}(t) и будет суммой движений x(t)x(t) и y(t)y(t) по координатным осям. Скорости этих движений x˙(t)\dot{x}(t) и y˙(t)\dot{y}(t) являются компонентами вектора r˙(t)\dot{\mathbf{r}}(t) (в силу закона сложения скоростей).

Рассмотрим пример 2 при R=1R=1, T=2πT=2\pi, и пусть вектор r(0)\mathbf{r}(0) направлен по положительному направлению оси xx. Тогда r(t)=(cos⁡t,sin⁡t)\mathbf{r}(t)=(\cos t,\sin t), r˙(t)=(−sin⁡t,cos⁡t)\dot{\mathbf{r}}(t)=(-\sin t,\cos t), и мы получаем, что s˙(t)=−sin⁡t\dot{s}(t)=-\sin t, если s(t)=cos⁡ts(t)=\cos t, и s˙(t)=cos⁡t\dot{s}(t)=\cos t, если s(t)=sin⁡ts(t)=\sin t. Читатель, знакомый с дифференцированием, безусловно, заметит, что выявился очень простой кинематический смысл формул для производных sin⁡t\sin t и cos⁡t\cos t.

Кинематическое определение касательной к параболе

Галилей (1564—1642) обнаружил, что если тело бросить под углом к горизонту, то оно летит по параболе. При доказательстве этого факта Галилей исходил из предположения, что такое движение является суммой равномерного движения по инерции и свободного падения. Однако Галилей не воспользовался своими вычислениями для построения касательной к параболе. Сделал это Торричелли. В приводимых ниже задачах 1, 2 сформулирован его результат.

З а д а ч а 1. Докажите, что касательная, проведенная в точке AtA_t траектории горизонтально брошенного тела: At=(x(t),y(t))=(vt,−gt2/2)A_t=(x(t),y(t))=(vt,-gt^2/2), соединяет эту точку с точкой (0,−y(t))=(0,gt2/2)(0,-y(t))=(0,gt^2/2).

Все вычисления легко обобщаются на случай тела, брошенного под углом к горизонту со скоростью (u,v)(u,v). В этом случае движение разбивается на движение {x1(t)=ut,  y1(t)=vt}\{x_1(t)=ut,\;y_1(t)=vt\} с постоянной скоростью (u,v)(u,v) и свободное падение {x2(t)=0,  y2(t)=−gt2/2}\{x_2(t)=0,\;y_2(t)=-gt^2/2\}. Поэтому результирующее движение записывается так: {x(t)=ut, y(t)=vt−gt2/2}\{x(t)=ut,\,y(t)=vt-gt^2/2\} (при сложении векторов с началом в OO координаты их концов складываются).

З а д а ч а 2. Докажите, что касательная к параболе, по которой летит тело, брошенное со скоростью (u,v)(u,v), соединяет точку касания (x(t),y(t))(x(t),y(t)) с точкой (0,−y2(t))=(0,gt2/2)(0,-y_2(t))=(0,gt^2/2).

Заметим, что указанный Торричелли способ построения касательных к параболе был известен и раньше; однако его кинематическая интерпретация, безусловно, поучительна.

Касательная к циклоиде

Циклоидой Галилей назвал кривую, которую описывает точка, лежащая на границе круга, катящегося по прямой (рис. 1); название означает — «происходящая от круга».

23

Лист 26

с. 24Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

24

Рис. 1. Циклонда.

Во Франции циклонду незаависимо от Галлия открытый Мерсенн (1588—1648); здесь ее называли рулетмой или трохоидой. Крупнейшие учены и Италии, и Франции (Торричели, Виванни (1622—1703), Ферма (1601—1665), Декарт (1596—1650), Робервал) решили разнообразные задачи о циклонде. Вероятно, первый касательную к циклонде построил Виванни. Оdnako, поскольку циклонда определялась kinematически, естественно было найти такой способ построения касательной к ней, который исходил бы из kinematических сообщений. Это сделали Робервал и Торричели.

Пусть в начальной момент времени (t=0)(t=0) OO — центр производащего (катящегося) кругла, а наблюдаемая точка AA является точкой, в котором производающий круг касается направляющей прямой ll. Очевидно, что движение точки AA является перiodическим; поэтому достаточно наблюдаать за ней лишь до тех пор, пока она вновь не попадет на прямуную ll. Пусть, далее, в момент tt наблюдаемая точка занимает положение At=KA_t = K (рис. 3). Вектор r˙1(t)\dot{r}_1(t) направлен по касательной к границе производающего кругла, вектор r˙2(t)\dot{r}_2(t) — горизонтальное; длины их одинаковы. По правилам параллелограмма

⋅\cdot Имеем c=2πRTc = \frac{2\pi R}{T}, где RR — радиус производающего кругла, TT — время его полного оборота. В частности, если T=2πT=2\pi, то c=Rc=R.

Лист 27

с. 25Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

25

Рис. 4.

(в данном случае это ромб) находим искомую скорость r˙(t)\dot{r}(t), а значит, и касательную к циклоне.

Заддача 3. Докажите, что касательная к циклоне в точке KK соединяет эту точку с верхней точкой DD производащего круга при его соответствующем положении.

(Для решения задачи нужно доказать лишь простой геометрический факт: вектор r˙(t)\dot{r}(t) направлен по прямой KDKD.)

Заметим, что величины скорости ∣r˙(t)∣|\dot{r}(t)| не постоянна: она максимальная, когда точка заняла наиболее положение (при этом векторы r˙1(t)\dot{r}_1(t) и r˙2(t)\dot{r}_2(t) лежат на одной прямой и совпадают по направлению), и равна нулю, когда точка попадает на прямую ll (в этом случае векторы r˙1(t)\dot{r}_1(t) и r˙2(t)\dot{r}_2(t) противоположны(рис. 4)).

Можно показать, что равенство нулю скорости в точках соприкосовения круга и прямой во все моменты времени эквивалентно приямому раннее определению качения без скольжения.

Итак, получаем, что там, где циклона имеет заострення, скорость наблюдаемой точки обращается в нуль. Оказывается, что, вообще, какова бы ни была траектория, в точках заострення скорость всегда равна нуль. Иногда говорят, что траектория не может «сломаться» на ненулевой скорости. Приямято считать, что в точках заострения у кривых нет касательных. Все сказанное здесь нужноется в серьеных уточнениях, но мы этого делать не будем.

Нормальное к кривой в точке AA называется прямая, проходящая через AA перpendикулярно к касательной в этой точке.

Рис. 5.

Из задания 3 следует, что нормаль к циклоне проходит через нижнюю точку производащего круга (точку EE на рисунке 3; угол DKEDKE — прямой, так как опирается на диаметр).

Укороченные циклоны

Пока мы следили только за одной (фиксированной) граничной точкой производащего круга; однако ясно, что и другие граничные точки будут движаться по таким же циклондам, только сдиинутым вдоль прямой ll (рис. 5). Проследим теперь за траекторями внутренних точек круга. Возникающие кривые называются укороченными циклондами (рис. 6); они характеризуются отношением k=ρRk = \frac{\rho}{R}, где RR — радиус производащего круга, ρ\rho — расстояние от центра

Рис. 6. Укороченная циклона.

Лист 28

с. 26Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

26

Круга до наблюдаемой точки. При k=0k=0 получаем прямую, по которой движется центр круга, а при k=1k=1 — циклонду.

Задача 4. Докажите, что нормаль к укороченной циклонде проходит через нижнюю точку производашего круга.

Заметим, что точка, движущаяся по укороченной циклонде, нигде не имеет нулевой скорости. В нижней точке скорость направлена горизонтально и ее величины равна R−ρR-\rho. Это означает, что к качею окружности радиуса ρ\rho добавляется скольжение со скоростью R−ρR-\rho (поступательное движение).

Удлиенные циклонды

Вовлечем в качестве круга его внешние точки (можно представить себе, что на колесо, движущеся по рельсу, одет обод). Эти точки движутся по кривым, которые называются удлиенными циклондами (рис. 7). Все рассуждания, которые были приведены для укороченных циклонд, дословно переносятся на удлиенные. Здесь только k=ρR>1k=\frac{\rho}{R}>1. Заметим лишь, что в нижней точке удлиенной циклонды скорость направлена в сторону, противоположную движению круга (∣r˙1∣=ρ,∣r˙2∣=R,ρ>R|\dot{r}_1|=\rho, |\dot{r}_2|=R, \rho>R).

Обращали ли вы внимание на то, что нижние точки обода колеса вагона движутся назад?

Мгновенный центр вращения

Итак, мыовлекли в качестве круга по прямой все точки плоскости. Каждый точка движется по своей траектории, но все эти траектории согласены, так как движущаяся точки составляют твердое тело. Характеристикам свойством твердого тела с точки зрения kinematики являются то, что при движении расстояния между всеми его точками остаются неизменными. Мы ограничимся здесь рассмотренем лишь таких движений твердых пластин, которые можно производить, не выводя пластины из плоскости (запрещается, например, их переворочивать). Нас будет интересовать, какие ограничения на скорости точки пластины условие твердости (заметим, что вопрос о движении трехмерных твердых тел намного сложнее расматриваемой нами плоской задачи).

Вот некоторые закономерности движения твердых пластин.

Приципов ввлечения. Движение твердой пластины однозначно определяется движениями любых двух ее мочек. Движение двух различных мочек, при котором сохраняется расстояние между ними, можно, и приом edисственный образом, продолжить до движения всей плоскости как твердой пластины. Это утверждение носит чисто геометрический характер. Мы не будем приводить его доказательства, ограничиваясь

Лист 29

с. 27Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

27

ничившись наглядным пояснениями. Во-первых, движение прямолинейного стержня полностью характеризуется движением двух его точек, а, во-вторых, если треугольник составлен из жестких стержней, то движение одного из них однозначно приводит в движение весь треугольник. В результате в движение двух точек, AA, BB, можно вовлечь прямую ABAB, а затем всякую точку CC вне ABAB.

Приницп иерции. Если намерду пластину не действуют никакие внешние силы (а лишь внутренние силы, обеспечивающиемердость), то она совершаем равномерное прямолинейное или равномерное врачамельное движение.

При рассмотренении произвольных движений пластин нам потребуется один фундаментальный принцип механики. Скорость не может измениться меновенно (для изменения скорости требуется ненулевое время). В частности, если в момент времени t0t_0 изменить силы, действовавшие на движущуюся точку, то скорость r(t0)r(t_0) не изменится, а значит, если r(t0)≠0r(t_0) \neq 0, не изменится и касательная к траектории в момент t0t_0 (хотя сама траектория начиная с этого момента может стать иной).

Пусть в момент времени t0t_0 на движущуюся треугольную пластину перестали действовать внешние силы. Тогда, с одной стороны, скорости точки в момент времени t0t_0 остаются прежними, а, с другой стороны, движение должно подчиняться формулированному прицилиу иерции. Поэтому при движении треугольной пластины в каждой момент времени tt может изменять лишь одна из двух возможностей:

a) скорости всех точек равны (как векторы);
b) существует единственная точка OtO_t, в котором скорость равна нулю; в произвольной же точке AA пластины скорость направлена перpendикулярно к вектору OtAO_tA, а ее велича пропорциональна расстоянию от AA до OtO_t. (Коэффициент пропорциональности зависит только от момента времени tt и не зависит от AA.)

Из того, что скорость не может измениться мгновенно, нетрудно вывести, что переход от ситuation aa к bb и наоборот возможен лишь в те моменты, когда пластина останавливается (скорости всех точек равны нулю). Поэтому в промежутках между остановками либо всуду имеет место ситuation aa, либо всуду bb. Можно показать, что в случае aa траектория любой точки AA получается из траектории некоторой точки BB параллельным переносом на вектор BABA. Мы будем рассматривать случай bb (то есть считать, что в каждой момент времени имеет единственная точка OtO_t с нулевой скоростью). Будем назвать OtO_t меновенным центром врацшения в момент tt. (В примере с качением круга по прямой мгновенным центром врацшения является точка соприкосновения круга с направляющей прямой).

Если известен мгновенный центр врацения OtO_t, то нормали к траекторям в момент времени tt (приемые OtAtO_tA_t), а следовательно, и касательные, строятся автоматически. Наоборот, если в момент tt известны скорости двух точек пластины, то взяв точку пересечения нормальной к этим скоростям, мы получим мгновенный центр врацения OtO_t.

Пусть теперь треугольная пластина движется по неподвижной плоскости. Расмотрим на этой плоскости кривую LL, составленную из мгновенных центров врацения во все моменты времени; кривую LL называют неподвижным центромом; мы будем назвать ее «рельсом». С другой стороны, рассмотрим на плоскости кривую CC, составленную из всех таких точек, которые оказываются мгновенными центрами врацения в какие-то моменты времени; CC называют подвижным центромом; мы будем назвать CC «колесом». Введенные «несеверзные» термины, вероятно, подсказали вам, что исход-

Лист 30

с. 28Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

28

ное движение можно получить, если рассмотреть качение без скольжения и нашего кривого «колеса» по кривому «рельсу» и вовлечь в это качение остальные точки (рис. 8).

Будем при этом считать, что отсутствие скольжения означает равенство нулю мгновенных скоростей в точках соприкосновения «колеса» и направляющего «рельса» во все моменты времени (это согласуется с определением мгновенного центра врашения).

Отсюда можно вывести равенство длины дуги «колеса» и соответствующей дуги направляющего «рельса» (по которой эта дуга «колеса» прокатилась). При этом разрешается, чтобы при качении «колеса» пересекало «рельс».

Часто под рулетами понимают траектории, которые описывают точки плоскости при ее движении как твердой пластины с условиям (6) во все моменты времени, то есть при некотором качении. Ko всем рулетам мы научились проводить нормали и касательные. При этом оказалось, что не нужно даже уметь проводить касательные к «колесу» и «рельсу» (это было бы необходимо, если пользоваться сложением скоростей).

В наших механических рассмотренных мы вышили за пределы XVII века; заменалено, однako, что способ проведения нормальной к общим рулетам открыл Декарт, определяющий их при помощи качения (не зная, конечно, сколь общий характер носит движения, порождаемые качениями).

Эпициклопды

Рассмотрим теперь рулеты, получшиеся при качении круга по кругу. Пусть круг радиуса rr катится по внешней стороне окружности радиуса RR. Траектории граничных точек катшегося круга («колеса») называются эпициклопами. Их вид зависит от k=Rrk = \frac{R}{r} (рис. 9). Если kk — целое, то подвижный круг, прокатившись один раз по границе неподвижного, сделает kk оборотов и эпициклопа будет иметь kk острнев и kk арок. Эпициклопу при k=1k = 1 называют кардиоидой (она напоминает стилизованное изображение сердца). Если k=pqk = \frac{p}{q} — несократимая дробь, то подвижный круг, сделав qq оборотов, pp раз прокатится по неподвижному. Если же kk будет ирациональным числом, то никакой периодичности не будет, и наблюдаемая точка никакогда не вернется в исходное положение.

Можно доказать, что получающаяся в этом случае бесконечная траектория заполняется кольцо (R⩽OA⩽R+rR \leqslant OA \leqslant R + r), подходя скольгодно близко к любой его точке, но не в каждую попадания.

Касательные к эпициклопам легко строятся с помощью мгновенного центра врашения — точки соприкосновения круга. Докажите, что касательная к эпициклопе (в некоторых точке) прокодит через точку соответствующего подвижного круга, диаметрально противоположную точке соприкосновения с неподвижным.

Замечание. При построении эпициклопа и решения задач нужно помнить следующие. Если AA — начальное положение наблюдаемой точки (рис. 10), а в некоторых момент времени подвижный круг касается неподвижного в точке BB, то эпициклопе принадлежит такая точка его границ CC, что дуга BABA равна по длине дуг BCBC; учитывая разницу радиусов, получаем

BCBA=Rr=k.\frac{BC}{BA} = \frac{R}{r} = k.

Траектории движения внутрихих (соответственно внешних) точек подвижного круга при рассматриваемом качении называются укоренными (соответственно удиñеными) эпициклопами (рис. 11; мы ограничиваем целыми kk).

Лист 31

с. 29Набрано по скану (claude)

29


Рис. 9. Эпициклоиды.

Лист 32

с. 30Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

30

Гипоциклопды

Рулетты, получающие при качении круга радиуса rr по внутренней стороне окружности радиуса R>rR > r, называются гипоциклопдами (соответственно удилиенные и укороченные).

Если r>Rr > R, то можно в качестве аналого такого движения рассмотреть качение обруча радиуса rr, внутренней стороны касающейся границы неподвижного круга радиуса RR. Соответствующие рулетты называются перициклопдами. Но оказывается, что они совпадают с эпициклопдами (см. «Квант», 1975, № 1, задача M261).

Вид гипоциклопдзависит от арифметической природу k=Rrk = \frac{R}{r}, и читатель легко разберется с этим самостояльно по аналоги с эпициклопдами.

Задача 5’. Пусть вращения, описанные в задаче 5, произходят в противоположных направлениях (одно—п о, а другое—п роти в часовой стрелки). По каким траекториям будет при этом движаться точка AA?

Подчерком в заключение, что мы не ставили перед собой целый строго доказать все результаты, полученные нами из kinematических сообщений. В некоторых случаях это сделать просто: механические рассуждания заменяются математически. Почти автоматически (для этого оказывается достаточно скорости заменить производными). В других случаях «заменители» найти сложнее (например, там, где рассматривается движение пластин, или изменяются силы). Однако чисто математические рассмотрения не могут полностью заменить механическую интерпретацию, во многих случаях дающий возможность увидеть простой и красный ответ.

Рис. 11. Укороченные и удилиенные эпициклопды.

Задача 5. Пусть точка AA равномерно вращается вокруг точки O1O_1, в свою очередь равномерно вращается вокруг точки O;∣OO1∣=r2,∣O1A∣=r1O; |OO_1| = r_2, |O_1A| = r_1. Пусть оба вращения произходят по часовой стрелке; v1v_1 и v2v_2 — величины линейных скоростей. Покажите, что движение точки AA будет произходить по какой-то эпициклопде (быть может, укороченной или удилиенной). Какими соотношениями определяется характер кривой?

Лист 33

с. 31Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

31

Конические сечения

В статях «Эллипс», «Гипербола» и «Парабола»*) эти кривые определялись по-разному: первая — как результат растяжения или скатия окружности, а вторя и третья — как графики некоторых функций. Каждая из них имеет свое фокальное свойство, которое часто принимается за определение кривой. Напомним эти «фокальные определения» (предполагается, что все рассматриваемые точки для каждой линии лежат в одной плоскости):

Эллипс — это множество всех точек, сумма расстояний каждой из которых до двух точек (фокусов) одна и та же.

Гипербола — множество всех точек, разность расстояний каждой из которых до двух точек (фокусов) одна и та же.

Парабола — множество всех точек, одинаково удаленных от точки (фокуса) и от не проходящей через нее прямой (директорицы).

Древнегреческий математик Менехм, открывший эти кривые, определял их иначе: как сечения кругового конуса плоскостью, перпендикулярной к одной из образующих. Он называл полученные кривые сечениями остроугольного, прямогоугольного и mynoугольного конуса, в зависимости от освенного угла конуса. Первое, как мы видим ниже, представляет собой эллипс, второе — парабoly, третье — одну ветвь гиперболы (рис. 1, а, б, и в). Название «Эллипс», «Гипербола» и «Парабола» были введены Аполлонем*. До нас должно получить (7 книг из 8) сочинение Аполлоня «О кончексных сечениях». В этом сочинении Аполлоний рассматривает обе полы конуса (рис. 2) и пересекает конус плоскостями, не обязательно перепедикулярими к одной из образующей.

Теорема. Если плоскость сечения пересекает все образующие конуса (молько одну его полу), то линяя пересечения (красная линия на рисунке 2) — эллипс;

если плоскость паралельна одной образующей (и может пересекает одну полу), то линяя пересечения (синяя) — парабола;

если плоскость паралельна двум образующим ( пересекаем обе полы), то линяя пересечения (черная) — эпербола.

Изящное доказательство этой теоремы было предложено в 1822 году сельгийским инженером Данделом, использовшим сферы, которые приятно теперь называть сферами Данделена.

Эллипс. Впишем в конус две сферы, касающиеся плоскости сечения.

*) См. «Кваит», 1975, № 1, 3 и 4. Предполагается, что читатель знаком с этим статями.

Лист 34

с. 32Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

32

выходящих из MM; аналогично, MF2=MP2MF_2 = MP_2. Следовательно, MF1+MF2=MP1+MP2=P1P2MF_1 + MF_2 = MP_1 + MP_2 = P_1P_2.

Длина отрезка P1P2P_1P_2 — одна и та же для всех точек MM нашего сечения: это образующая усеченного конуса, ограниченного параллельными плоскостями II и IIII, в которых лежат окружности k1k_1 и k2k_2. Следовательно, линяя сечения конуса плоскостью Π\Pi — эллипс с фокусами F1F_1 и F2F_2.

Гиperбола. Этот случай аналогичен только что разобранному. Читатель предлагается доказать, пользоваться рисунком 4, а, 6, что в сечении получается гипербола.

Парабола. Этот случай расстоян в статье «Парабола» *), исходя из аналогичного определения этой кривой. Но можно проверить и расчужение со сферай Данделена (рис. 5).

*) «Квант», № 4, c. 16.

Рис. 1.

ния П с разных сторон (рис. 3, а, 6). Обозначим через F1F_1 и F2F_2 точки касания этой плоскости со сферами. Возьмем на линяя сечения конуса плоскостью П произвольную точку MM. Отметим на образующей конуса, проходящей через MM, точки P1P_1 и P2P_2, лежащие на окружности k1k_1 и k2k_2, по которым сферы касаются конуса. Ясно, что MF1=MP1MF_1 = MP_1 как отрезки двух касательных к первой сфере,

Лист 35

с. 33Набрано по скану (claude)

33


Рис. 3.


Рис. 4.

3 «Квант» № 5

Лист 36

с. 34Набрано по скану (claude)

34

Плоскость П пересекает круговой конус параллельно образующей StSt. Впишем в конус сферу, касающуюся плоскости П. Точка касания FF и есть фокус. Конус и сфера соприкасаются по окружности kk, плоскость I которой пересекает П по прямой dd. Это и есть директриса.

Для доказательства проведем через точку MM, лежащую на образующей SHMSHM конуса, плоскость II, параллельную I. Она пересечет конус по второй окружности k′k'. Затем опустим из MM перпендикуляр MDMD на прямую dd. Легко видеть, что он параллелен образующей StSt и что фигура MDEBMDEB — параллелограмм. Имеем: MF=MHMF = MH (как две касательные из точки MM к сфере); MH=BEMH = BE (как две образующие усеченного конуса, ограниченного плоскостями I и II); BE=MDBE = MD (как противоположные стороны параллелограмма). Из равенства MF=MDMF = MD для любой точки MM сечения следует, что это сечение — парабола.

Директориальное свойство конических сечений. Эксцентриситет

Фокальному свойству параболы можно придать такую формулировку: отношение MFMD\dfrac{MF}{MD} расстояний любой точки параболы до фокуса FF и до директрисы dd (рис. 5) — величина постоянная (равная единице).

Аналогичное свойство имеет место также для эллипса и гиперболы.

В плоскости эллипса (гиперболы) для каждого фокуса FF существует такая прямая dd (директриса), что отношение расстояний от любой точки MM эллипса (гиперболы) до фокуса FF и до директрисы dd — величина постоянная. Она называется эксцентриситетом эллипса (гиперболы) и обозначается греческой буквой ε\varepsilon (эпсилон). Для параболы, таким образом, ε=1\varepsilon = 1; из дальнейшего выяснится, что для эллипса ε\varepsilon меньше 1, а для гиперболы ε\varepsilon больше 1. У параболы одна директриса, а у эллипса (гипер-

болы) — две, по одной для каждого фокуса (рис. 6).

Докажем это свойство, например, для эллипса. Директрисы d1d_1 и d2d_2 — это линии пересечения плоскости П с плоскостями I и II (см. рис. 3). Для эллипса они расположены вне конуса и, значит, вне кривой. Из подобия треугольников MD1P1MD_1P_1 (MD1⊥d1MD_1 \perp d_1) и MD2P2MD_2P_2 (MD2⊥d2MD_2 \perp d_2) имеем: MP1:MD1=MP2:MD2MP_1 : MD_1 = MP_2 : MD_2. Обозначим эти отношения через ε\varepsilon. Так как MP1=MF1MP_1 = MF_1, MP2=MF2MP_2 = MF_2, то MF1=ε⋅MD1MF_1 = \varepsilon \cdot MD_1, MF2=ε⋅MD2MF_2 = \varepsilon \cdot MD_2. Складывая эти равенства, получаем

MF1+MF2=ε(MD1+MD2)=ε⋅D1D2.MF_1 + MF_2 = \varepsilon (MD_1 + MD_2) = \varepsilon \cdot D_1D_2.

Но левая часть, по фокальному свойству эллипса, постоянна и равна 2a2a, длина D1D2D_1D_2 (расстояние между директрисами) тоже постоянна. Значит, ε=const\varepsilon = \mathrm{const}.

Аналогично проводится рассуждение и для гиперболы.


Рис. 5.

Лист 37

с. 35Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

35

Фокусы эллипса разошлись друг от друга по отношению к длине 2a его фокальной оси, то есть какова растянутость эллипса.

Проискождение названный эллипса и гиперболы. Кривые второго порядка

Назовем главной хордой эллипса, гиперболы, парабoles ту хорду, которая проходит через фокус перепределкулярно к фокальной оси (так называется ось, проходящая через фокус кривой). У эллипса и гиперболы, в отличие от парабoles, по две главные хорды. Длину половины главной хорды будем обозначать буквой p и называть фокальным параметром кончческого сечения *).

Для любой точки M кончческого сечения построим желтый прямоугольник ABCD (высота которого равна главной хорде) и синий квадрат NMEH (рис. 7, a, 6, b). Как мы знаем **), для парабoles эти прямоугольник и квадрат имеют одинаковую площадь.

Ниже мы увидим, что для эллипса квадрат имеет меньше площадь, чем прямоугольник, то есть этот квадрат имеет не достаточно (elleipsis). Для гиперболы же квадрат имеет больше площадь, чем прямоугольник, то есть имеет избыток (hyperbole). Этот факт, известный еще Аполлоню, последующий основой для названия обихих кривых.

Доказательство. Каноническое уравнение эллипса имеет вид

x2a2+y2b2=1.\frac{x^2}{a^2} + \frac{y^2}{b^2} = 1.

Если, однако, сливнуть эллипс вправо на a единицу (так, чтобы в начале координат находился не центр, а левый конец фокальной оси эллипса), то в этом новом положении (синий эллипс на рис. 8,a) он будет иметь уже другое уравнение, которое получает

*) Рекомендуем возобновить в память соответствующие сведения о главной хорде и фокальном параметре парабoles («Квант», № 4, c. 12).

**) «Квант», № 4, c. 12.

Лист 38

с. 36Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

36

Рис. 7.

чается из прежнего, если в нем xx заменить на x−ax - a:

(x−a)2a2+y2b2=1,\frac{(x - a)^2}{a^2} + \frac{y^2}{b^2} = 1,

или

y2=2b2ax−b2a2x2.y^2 = \frac{2b^2}{a} x - \frac{b^2}{a^2} x^2.

Заметив, что p=b2ap = \frac{b^2}{a} (это получается непосредственно вычисленем; см. рис. 7,6)

Рис. 8.

и b2a2=a2−c2a2=1−ε2\frac{b^2}{a^2} = \frac{a^2 - c^2}{a^2} = 1 - \varepsilon^2, мы можем записать это уравнение так:

y2=2px+(ε2−1)x2.y^2 = 2px + (\varepsilon^2 - 1)x^2.

Точно к таким же виду приводится уравнение гиперболи (десь кривая сдиггается так, чтобы в начале координат оказался правый конец фокальной оси (см. рис. 8, 6) и xx заменяется на x+ax + a).

Заметим, что и парабола (рис. 8, в), у которой ε=1\varepsilon = 1, имеет то же уравнение:

Лист 39

с. 37Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

37

y2=2pxy^2=2px). Таким образом, все три кривые выражаются одним и тем же уравнением (2). Оно называется уравнением относительной вершины, так как начало координат в этом случае находится в вершине кривой (рис. 9).

Второй член в правой части (2) отрицатель для эллипса, равен нулю для параболы

*) В «Кванте» № 4 (с. 13) уравнение параболы было получено в виде x2=2pyx^2=2py, а здесь мы пишем его так: y2=2pxy^2=2px. Дело в том, что оси координат мы здесь переставили (сравните рисунки 8 в, в этой статье и 6 в статье «Парабола» в «Кванте» № 4).

Существенно, что уравнение конечского сечения (2) — второй степени относительно входящих в него переменных. Это относится к конечческим уравнением всех трех кривых. Вообще, любая кривая, уравнение которого в прямогольной системе координат имеет вторую степень, то есть Ax2+Bxy+Cy2+Dx+Ey+F=0Ax^2+Bxy+Cy^2+Dx+Ey+F=0, является конечским сечением *). Поэтому конечские сечения называются также кривыми второго порядка.

От эллипсов к гиперболам через парабoly

Рассмотрим плоскость П, пересекающая конус по окружности, и возьмем в этой плоскости прямую ll, касающийся этой окружности. Если теперь начать поворачивать плоскость П вокруг прямой ll, то она будет

*) Правда, при такой формулировке приходится считать конечским сечением не только кривую линю, но и, например, пару пересекающих прямых (уравнение x2−y2=0x^2-y^2=0). Однако это в полное естественное, так как плоскость, проходящая через вершину конуса, может пересекаться его по двум прямым, то есть по «вырожденому» конечскому сечению.

Рис. 9.

Рис. 10.

Лист 40

с. 38Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

38

пересекать конус по все более вытянутым эллипсам. Наконец (когда поворачивающаяся плоскость оказывается параллельной одной из образующих конуса), сечение превращится в парабoly, а затем (при дальнейшемращении плоскости) оно будет представлять собой гипербoly *). На рисунке 10 показаны кривые, построено появляющейся в поворачивающейся плоскости.

Из сказанного ясно, что парабoly — это граничный случай между эллипсами и гиперболами. Для окружности (ε=0) второй фокус с первым. С увеличением экцентриситета второй фокус удаляется от первого, но пока ε меньше 1, кривая остается эллипсом, построено растягивающимся. При ε=1 эллипс деформируется в парабoly (его второй фокус «уходит в бесконечность»), а дальше (при ε больше 1) второй фокус вновь появится на фокальной оси (с другой стороны, внутри второй ветви гиперболы).

Перемещая и поворачивая лампу, лучи которой ограничены круглым абажуром (рис. 11), мы можем получить контур в виде любо кончечного секения, кроме гипербол с большим экцентрисетом (ε > 1/cos α).

Оптические свойства конических секений

На рисунке 12 изображена густая сеть из двух серий концентрических окружностей с центрами F₁ и F₂; разность радиусов двух соседних окружностей каждой серии равна d. Сеть разбиает плоскость на маленькие 4-угольники, которые можно считать

*) Несложные вычисления (мы их не приводим) показывают, что экцентриситы гипербол, которые можно получить при сечении данного кругового конуса плоскостью, не преводятся 1/cos α, где α — угол между осью и образующей конуса. (Это вытекает из того факта, что угол между асимптотами гипербол, получившихся в сечении, не преводится 2α.)

Рис. 11.

Лист 41

с. 39Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

39

Это следует из фокальных свойств обенх кривых: для эллипса F1N=F1M+dF_1N = F_1M + d, F2N=F2M−dF_2N = F_2M - d и F1N+F2N=F1M+F2MF_1N + F_2N = F_1M + F_2M; аналогично и для гиперболы. Вот новый способ построения эллипса и гиперболы по фокусам и одной точке! Начинать можно с любого узла сети, и мы получаем два семейства «софокусных» эллипсов и гипербол. Это построение тем точнее, чем меньше dd.

Диагонали ромба взаимно перпендикулярны, значит, каждая пара софокусных эллипса и гиперболы пересекается под прямым углом ∗*). Диагональ ромба делит угол ромба пополам, значит, касательная к эллипсу (гиперболе) является биссертриской каждой угла ромбической сети, внутри которого она проходит. Из того, что каждый радиус окружности пересекает ее под прямым углом, следует, что касательная MNMN в каждой точке MM эллипса образует равные углы с прямыми F1MF_1M и F2MF_2M. Значит, по закону «угол падения равен углу отражения», луч F1MF_1M, падающий из F1F_1 в точку MM эллипса, отражается из него по прямой MF2MF_2 (рис. 13, а). Это будет для каждой точки эллипса.

Таким образом, все лучи, выходящие из фокуса F1F_1, отражаются от эллипса, совершается в другом его фокусе F2F_2. В этом и состоит оптическое свойство

*) Под углом между двумя кривыми понимают угол между касательными к ним, проведенными в точке их пересечения.

Лист 42

с. 40Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

40

эллипса, отсюда и называние фокус (латинскоеfocus — очаг).

Для гипербольы оптическое свойство звучит так: лучи, выходящие из одного фокуса, отражаясь от зипербольы, будут расходиться максим образом, что каждуся выходящими из второго фокуса (рис. 13, 6).

Случай парабольы — промежуточный между эллипсом и гиперболю. Второй фокус «уходит в бесконечность» по фокальной оси, и лучи, выходящие из единственного фокуса, отражаясь от парабольы, почти паралельно оси *) (рис. 13, в).

Некоторые другие свойства

В заключение приведем без доказательства еще несколько свойств кончических сечений.

Свойство сопряженных диаметров, доказанное для эллипса **), с некоторыми варианями переносится на парабольу и гипербoly. У парабольы множество середин паралельных хорд лежит на луче, паралельном оси симметрини парабольы — каждый такой луч и является диаметром парабольы. У одной ветви гипербольы середины паралельных хорд также лежат на луче. Прямая, на которой этот луч лежит, проходит через центр гипербольы и называется диаметральной. Исследуйте сами, где лежат середины паралельных хорд другого вида — отрезков, один конец которых лежит на одной, а другой — на другой ветви гипербольы.

Если взять на кончексом сечении шесть последовательных точек A, B, C, D, E, F (огранничаясь в случае гипербольы одной ветью), то в полученном вписанном шестиугольнике ABCDEF при моки пересечения nap

*) На этом свойстве парабольы основаноустройство проекторов — у них внутренняя зеркальная поверхность получена вращением парабольы вокруг ее оси (параболюд вращения). Если источник света помещить в фокусе параболона, то лучи отрезятся от зеркала паралельным лучом.

**) См. «Квант» № 1 за этот год, с. 5.

промышленных сторона AB и DF, BC и EF, CD и FA лежат на одной пряной (теорема Паскаля). Могут оказаться исключения, когда имеется пара паралельных противоположных сторон или две такие пары (тогда и стороны третьей пары паралельны). Подумайте, что можно сказать о трех точках пересечения в этих случах.

Вот еще два интересных свойства — одно у эллипса, другое — у гипербольы.

Если отрезок AB постоянной длины скользит своими концами по двум взяняниям небесных тел — планет, комет, спутников. Если материалная точка M движется в пространстве только под действием прятяжения другой матриальной точки C (которую будем считать неподвижной), причем сила прятяжения подчиняется закону Ньютона F = a/r² (где r — расстояние между C и M, a — постоянная), то траектория движения является конечским сечением с фокусом в точке C (либо же точки M движется по пряной, проходящей через C). Кеплер пришел к этому закону эмпирических, изучая наблюдания Тихо Браге; математически закон был доказан впоследствии Ньютоном. Планеты и естественные их спутники движутся по эллипсам, кометы — по эллипсам, гипербольам и параболам **). Космическим кораблом можно придать любую из этих траекторий.

*) Доказательство этого факта читателя «Кванта» могут найти в первой публикации статьи «Эллипс» («Квант», 1970, № 9).

**) Небольшая дуга сильно вытянутого эллипса, близкая к фокусу, плох отличма от аналогичной дуги парабольи и гипербольы (ε≈1, см. с. 37). Из-за этого возникот трудности при определении орбиты кометы—вернется она или не вернется?

Лист 43

с. 41Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

41

Опыты со струей воды
M. П. Головей

Наука, изучающая законы равновесия и движения жидкости и способы применения этих законов к решению различных практических задач, называется зидравликой. Трудно называть область техники, где бы не применялись законы гидравлики. Они используются при строительстве гидроэлектростанций, местов, водопроводов, каналов; они нужны для конструкрования поливальных машин и джедевальных установок.

С различными гидравлическими устройствами мы встречаемся и дома: это водопровод, канализация, теплоснабжение. Истечение воды из крана, шланга, ответствия в сосуде — во всех этих, на первый взгляд, простых явлениях определять закономерности на так просто.

За примерами не надо далеко ходить. Как вы думаете, какую форму имеет поперечное сечение струи воды, вытекающий из ответствия в форме квадрата? А из ответствия в форме треугольника? круга? Не торопитесь с ответом. Попробуйте посмотреть на опите, как вытекает вода из ответсти с различными сечениями, и вы получите совершенно неожиданный результат.

Оказывается, поперечное сечение струи, вытекающий через квадратное ответствие, имеет вид креста с четырьмя тонкими ребрами (рис. 1, а). Если ответствие треугольное, сечение струи прибретает форму креста с темя тонкими ребрами (рис. 1, б), если круглое — форму элиппса (рис. 1, в).

Форма сечения струи по мере удаления от стены соуса непрерывно меняется. На рисунке 1 показаны формы сечений струи на разных расстояниях от сосуда. Особенно заметные изменения проискодят при квадратном и треугольном ответствиях. Так, поперечное сечение струи, выходящей из квадратного ответствия, сначала имеет форму восмигулбника, а затем становится крестообразным. Это явление называется инверсией струи.

Все вы, наверное, видели, как вытекает струи воды из поливального шланга. В конце шланга обычно делают наконецник из куска трубы, слегка сплющенной с одной стороны. В этом случае струя летит дальше. Есть ли какая-нибудь закономерность в этом явлении? Оказывается, есть. Кончесне насадки с углом сложения β≈13∘\beta \approx 13^\circ (рис. 2) дают в 1,3—1,4 раза больший рас-

Рис. 1.

Лист 44

с. 42Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

42

ход *) воды, чем цилиндрические (при одинаковых площадях выходных секений). Это оптимальный угол для получения наиболее расхождения воды. Кончение схода исчезана дают сплошную струю с большими скоростями и поэтому широко применяются на практике в брандспойтах, соплах гидромониторов.

Обратимся теперь к истечению воды через отверстие в стенке сосуда.

Возьемем заполненый водой цилиндрический сосуд, в боковой стенке которого имеет малое отверстие площадью s1s_1 (рис. 3). Через это отверстие вода вытекает под давлением столба жидкости высоты HH. Отверстие считается малым, если его размеры по крайней мере в десять раз меньше высоты столба HH, создающего напор. При этом условия все точки малого отверстия находится приблизительно на одной и той же глубине от поверхности жидкости, и скорости течение во всех точках можно считать одинаковыми.

Отверстием в тонкой стенке называется отверстие, края которого имеет достаточно острую кромку, чтобы толщина стенки не влияла на форму и условия истечения струи. Это условия выполняется в том случае, когда толщина кромки меньше трех диаметров отверстия.

*) Расходом называют количество воды, вытекающей в единицу времени.

От чего зависит скорость, с которой вытекает вода через малое отверстие в тонкой стенке сосуда? Чтобы ответить на этот вопрос, воспользуемся законом сохранения энергии.

Пусть за малый промежуток времени Δt\Delta t из сосуда вытекает небольшое количество воды Δm\Delta m. Потенциальная энергия воды в сосуда при этом уменьшилась на величины ΔmgH\Delta mgH (время достаточно малое, чтобы считать уровень HH воды в сосуда не меняющимся). Это изменение потенциальной энергии равно кинетической энергии массы воды Δm\Delta m, вытекающей из отверстия со скоростью vv, то есть Δmv22=ΔmgH\frac{\Delta mv^2}{2} = \Delta mgH. Отсюда

v=2gH.v = \sqrt{2gH}.

Сколько времени будет вытекать вода из сосуда? Очевидно, это зависит от скорости истечения и от площади отверстия. Разберемся сначала со скоростью.

Как мы уже показали, v=2gHv = \sqrt{2gH}. Но эту скорость можно считать постоянной лишь на протяжении малого промежутка времени (пока можно считать H=constH = const). По мере истечения жидкости уровень попажается, и следовательно, скорость истечения уменшается от v0=2gHv_0 = \sqrt{2gH} (в начальной момент времени t=0t = 0) до vT=0v_T = 0 (тем вытекания). Каков характер изменения скорости со времени? Пусть в начальной момент времени (t1=0)(t_1 = 0), когда открывают от-

Лист 45

с. 43Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

43

верстные, высота уровня воды в сосудае над отверстением равна HH. Начальная скорость истечения v1=2gHv_1 = \sqrt{2gH}. За малый промежуток времени Δt\Delta t из сосуда вытекает масса воды Δm=ρv1sΔt\Delta m = \rho v_1 s \Delta t (ρ — плотность жидкости; Δt\Delta t столбало, что в течение этого времени скорость v1v_1 постоянна). За это время уровень воды в сосудае уменшится на величины Δh=ΔmS\Delta h = \frac{\Delta m}{S} (S — площадь дна сосуда). Поэтому в следующий момент времени (t2=Δtt_2 = \Delta t) скорость истечения меньше v1v_1 и равна v1−Δv=2g(H−Δh)v_1 - \Delta v = \sqrt{2g(H - \Delta h)}. Возведем последнее равенство в квадрат:

v12−2v1Δv+(Δv)2=2gH−2gΔh.v_1^2 - 2v_1 \Delta v + (\Delta v)^2 = 2gH - 2g\Delta h.

Пренебрегая величины (Δv)2(\Delta v)^2 и учитывая, что v12=2gHv_1^2 = 2gH, получаем

v1Δv=gρv1sSΔt,Δv=gρsSΔt.v_1 \Delta v = g \rho v_1 \frac{s}{S} \Delta t, \quad \Delta v = g \rho \frac{s}{S} \Delta t.

Следовательно,

ΔvΔt=gρsS=const\frac{\Delta v}{\Delta t} = g \rho \frac{s}{S} = \text{const}

(разумеется, для заданных ss, SS и ρ\rho). А это означает, что скорость истечения линейно зависит от времени. Поэтому можно считать, что в течение всего времени TT, пока вытекает жидкость, скорость истечения равна среднему значению (за промежуток времени TT), то есть равна

vcp=v1+02=gH2.v_{cp} = \frac{v_1 + 0}{2} = \sqrt{\frac{gH}{2}}.

Тепер посмотрим, как влияет на время вытекания воды плошадь отверстия. За единицу времени из сосуда должна вытекать масса жидкости Q=ρsvcpQ = \rho s v_{cp} (ρ — плотность жидкости). При этом мы считаем, что скорость в данной момент времени во всех точках отверстия направлена строго перpendикулярно к плоскости сечения отверстия. Однако, если вытекающей из круглого малого отверстия в тонкой стенке, то диаметр ее поперечного сечения меньше диаметра отверстия. Струя как бы скимается. Сжатие струи происходит из-за того, что жидкость подтекает к отверстию со всех сторон и ее частицы, движущие к отверстию вдоль стенок сечения, продолжают сбытаться с осью струпу. Только на некотором расстоянии от кромки отверстия, равном примерно радиусу отверстия, траектории частиц становятся почти параллельными. Сжатие струи продолжается и дальше, но уже несравненно медленнее, незаметно для глазза. Сечение, при котором заканчивается резкое видимое сжатие струпу, называется сжатым. Отношение площади сжатого сечения s2s_2 к площади сечения отверстия s1s_1 называется коэффициентом сжатия ε\varepsilon:

ε=s2s1.\varepsilon = \frac{s_2}{s_1}.

Поскольку расстояние между сечениями s1s_1 и s2s_2 мало (как мы уже говорили, оно равно примерно радиусу сечения s1s_1), то скорость воды во всех точках сечения s2s_2 praktически равна 2gh\sqrt{2gh} (h — высота уровня воды в сосуда в данной момент времени) и перpendикулярна к плоскости сечения. Следовательно, расход воды

Q=s2vcp=εs1vcp=εs1⋅122gH.Q = s_2 v_{cp} = \varepsilon s_1 v_{cp} = \varepsilon s_1 \cdot \frac{1}{2} \sqrt{2gH}.

Тепер совсем просто подчитать время, в течение которого вытекает вода из сосуда. Объем вытекающей воды V=SHV = SH, следовательно,

T=VQ=SH12εs12gH=S2gHεs1Vg.T = \frac{V}{Q} = \frac{SH}{\frac{1}{2} \varepsilon s_1 \sqrt{2gH}} = \frac{S \sqrt{2gH}}{\varepsilon s_1 V g}.

Это соответствие можно проверить на опите. Для эксперимента возьмите сосуд с отверстием диаметром 2—3 мм. Можно воспользоваться металлической банкой с высокими стенками или цилиндрическим ведром. Отверстение должно находиться достаточно далеко от дна и от поверхности

Лист 46

с. 44Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

44

воды. Заметьте по часам время истечения жидкости и сравните его с расчетами, проведенными с Q=s1vcpQ = s_1 v_{cp}, где s1s_1 — площадь секения отверстия. Очевидно, что отношение Tэксп.:Tрасч.T_{эксп.}: T_{расч.} равно ε\varepsilon. Вообще при истечении струи через малое отверстие в тонкой стенке ε=0,64÷0,60\varepsilon = 0,64 \div 0,60. Укладывается ли ваш результат в эти пределы?

После того как мы разобрались в особенностях истечения струи воды из отверстия в стенке сосуда, обратимся к красивому и вместе с тем простому опыту, моделирующему основной элемент волоконной оптики — световод.

Объчно световод состоит из дескятков или сoten тысяч тончайших (диаметром несколько микрон) стеклянных волокон. Длина их может достигать нескольких метров. Волокна укладываются в плотный жгут, наполобие многожильного провода, и заключит в защитную оболочку. Световые лучи попадают внутри световода и распространяются по каждому волокну независяимо от одного конца до другого.

Работа световода основана на явлении полного внутреннего отражения, заключитшегося в том, что лучи света могут выходить из оптически более плотной среды в менее плотную только в том случае, если они падают на границу раздела сред под углами, менящими предельного угла полного внутреннего отражения. Для границ раздела стекло — воздух этот угол равен 42∘42^\circ, для границ раздела вода — воздух 49∘49^\circ. Все лучи, составляющие с границей раздела угол, больший предельного, отражаются обратно в более плотную среду. Это явление происходит и в волокнах световодов, где луч, войдя в один конец волокна, многократно отражаясь, доходит до другого его конца.

Рассмотрим еще один опит с струей воды. Для эксперимента необходим какой-нибудсусуд со светопроприцаемыми стенками диаметром 10—20 cm и высотой 20—40 cm. Лучше всего воспользоваться жестя-

Рис. 4.

ной банкой или цилиндрическим ведром. На расстоянии 30—40 мм отдана следует просверлить два отверстия, одно направив другого (рис. 4). Диаметр одного отверстия — 2 мм, диаметр другого — 5—10 мм. Получающие по краям отверстия засечены обязаательно зачисите наждачной бумагой или срежьте сверлом бóльшего диаметра, иначе вытекаюшая струя получится недорогой.

Большое отверстие заклейте прорачным материалом, например, полизтиленовой пленкой или целлюфаном. Достаточно хорошего и герметического можно заклеить отверстие даже резиновым kleem. Обыт лучшие всего проводить в затемненной комнате. Заклеенное отверстие нужно освещать направленным источником света. Им может служить общий карманный фонарь. Пока сосуд не заполнен водой, свет карманного фонаря проходит насвозь через оба отверстия. Если же заполнить сосуд водой, траектория луча света изогнется по форме вытекаюшей струи.

Дело в том, что, проходя через произное окно, свет сквозь второе отверстие в стенке попадает внутри струи, вытекаюшей из отверстия. На границу раздела вода — воздух лучи света попадают под углами, бóльшим угла полного внутреннего отражения. Поэтому свет не может выйти через боковую поверхность и следует вдоль струи, которая уподобляется изогнутому световоду.

Лист 47

с. 45Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

45

ВЫХОД
в пространство

И. Ф. Шарыzin

Попробуйте решить следующую головоломку: из шести спичек сложить четыре правильных треугольника так, чтобы сторон каждой была целая спича. Попытки решить ее к успеху как будто не приводят. Мало того, можно доказать, что такое построение не осуществимо на плоскости (попробуйте это сделать). Как же быть? Оказывается, нужно выйти в пространство — сложить из спичек правильный tetrahedр (рис.1). Невозможно на плоскости осуществимо в трехмерном пространстве!

Выход в пространство было полезен и при решении некоторых планиметрических задач. Классический примером является теорема Дезаграга. Если два треугольника A1B1C1A_1B_1C_1 и A2B2C2A_2B_2C_2 расположены на плоскости так, что прямые A1A2A_1A_2, B1B2B_1B_2, C1C2C_1C_2 пересекаются в одной точке, то при точке пересечения прямых A1B1A_1B_1 и A2B2A_2B_2, B1C1B_1C_1 и B2C2B_2C_2, C1A1C_1A_1 и C2A2C_2A_2 расположены на одной прямой (рис. 1).

Рис. 1.

Рис. 2.

(рис. 2). Утверждение теоремы становится очевидным, если увидеть на рисунке 2 пространственного фигуру, а именно — трехгранный угол, пересеченный двумя плоскостями: одна плоскость пересекает ребра трехгранного угла в точках A1A_1, B1B_1 и C1C_1, а другая в точках A2A_2, B2B_2 и C2C_2. При точки пересечения соответствующих сторон треугольников A1B1C1A_1B_1C_1 и A2B2C2A_2B_2C_2 принадлежат линей пересечения этих плоскостей и, значит, лежат на одной прямой.

С помощью выхода в пространство изучено доказывается и теорема Брианшона. Дизайн, содержащие промироволочные вершины описанного шестиугольника, пересекаются в одной точке.

Доказательство. Пусть ABCDEF — плоский шестиугольник, описанный около окружности. Возьмем произвольный пространственный шестиугольник A1B1C1D1E1F1A_1B_1C_1D_1E_1F_1 (рис. 3), отличный от ABCDEF, про-

Лист 48

с. 46Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

46

екция которого на плоскость pp есть шестиугольник ABCDEFABCDEF и соответствующие стороны которого проходят через точки касания шестиугольника ABCDEFABCDEF с окружностью. Для доказательства существования такого шестиугольника A1B1C1D1E1F1A_1B_1C_1D_1E_1F_1 достаточно одну вершину, например, A1A_1, взять произвольно на перепределкуре к плоскости pp, восстановленном в точке AA; тогда остальные вершины определяются однозначно. В самом деле, пусть a,b,c,d,e,fa, b, c, d, e, f — длины касательных к окружности, проведенных соответствующей через точки A,B,C,D,E,FA, B, C, D, E, F и hh — расстояние от A1A_1 до плоскости шестиугольника ABCDEFABCDEF. Тогда B1B_1 находится по другую сторону от плоскости, по сравнению с A1A_1 на расстоянии hb/ahb/a, C1C_1 по углеже стороны плоскости, что и A1A_1, на расстоянии hba⋅cb=hca\frac{hb}{a} \cdot \frac{c}{b} = \frac{hc}{a} от плоскости и т. д. Наконец, найдем, что F1F_1 лежит по другую сторону от плоскости, нежели A1A_1, на расстоянии hf/ahf/a, и, значит A1A_1 и F1F_1 лежат на прямой, проходящей через точку касания AFAF, с окружностью. Любые две противоположные стороны шестиугольника A1B1C1D1E1F1A_1B_1C_1D_1E_1F_1 расположены в одной плоскости (доказьте самостояльно). Следовательно, любые две диагонали, соединяющие противоположные вершины шестиугольника A1B1C1D1E1F1A_1B_1C_1D_1E_1F_1 пересекаются, а отсюда и все три диагонали шестиугольника A1B1C1D1E1F1A_1B_1C_1D_1E_1F_1 (они не лежат в одной плоскости), пересекаются в одной точке. Поскольку шестиугольник ABCDEFABCDEF — проекция шестиугольника A1B1C1D1E1F1A_1B_1C_1D_1E_1F_1, теорема доказана.

Заметим, что аналогично можно доказать и более общий факт. Если прямые AB,BC,CD,DE,EFAB, BC, CD, DE, EF и FAFA касаются одной окружности, то прямые AD,BEAD, BE и CFCF пересекаются в одной точке или паралелы. Один из возможных случаев раволежения точек A,B,C,D,E,FA, B, C, D, E, F показан на рисунке 4.

Только до доказанная теорема Брианшона оказывается справедливо для шестиугольника, описанного около произвольного конечного сечения (эллипса, парабольы, гиперболы), поскольку произвольное конечное сечение можно проектировать относительно некоторых точки на другой плоскость так, что его проекция будет окружностью. При этом прямые, касающиеся конечного сечения, перейдут в прямые, касающиеся окружности.

Вот более сложный пример. Доказите, что с помощью одной линии нельзя найти центр окружности.

Пусты данная окружность находится в плоскости α\alpha. Если мы доказем, что существует такая плоскость β\beta и точка OO, что проекцией данной окружности относительно точки OO на плоскость β\beta будет окружность, но при этом первой окружности переходит в точку, отличную от центра второй окружности, то наша за-

Лист 49

с. 47Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

47

дача будет решена (рис. 5). Действительно, любому построению с помощью одной линейки в плоскости α\alpha соответствует при проектировании построение с помощью одной линейки в плоскости β\beta.

В качестве плоскости β\beta возьмем произвольную плоскость, пересекающую плоскость α\alpha по прямой ll, не проходящей через центр данной окружности. Пусть ABAB — диаметр данной окружности, перpendикулярный к ll, а NN — точка пересечения прямых ABAB и ll. Восстановим из точки NN перpendикуляр к ll, лежащий в плоскости β\beta, и возьмем на нем точки A1A_1 и B1B_1 так, что A1N=BNA_1N = BN, B1N=ANB_1N = AN. В качестве точки OO — центра проекции — возьмем точку пересечения прямых AA1AA_1 и BB1BB_1. Очевидно, середина отрезка ABAB проекруется в точку, отличную от середины отрезка A1B1A_1B_1.

Возьмем произвольную точку DD на данной окружности DM⊥ABDM \perp AB. Проекцией DMDM будет D1M1⊥A1B1D_1M_1 \perp A_1B_1. Доказем, что D1D_1 лежит на окружности, построенной на A1B1A_1B_1 как на диаметре. Воспользуемся тем, что M1D1⋅MO=MD⋅M1OM_1D_1 \cdot MO = MD \cdot M_1O (ΔDMO≈ΔD1M1O\Delta DMO \approx \Delta D_1M_1O) и MD2=BM⋅MAMD^2 = BM \cdot MA. Нам нужно доказать, что M1D12=B1M1⋅M1A1M_1D_1^2 = B_1M_1 \cdot M_1A_1, или, используя два предыдущего равенства, получить, что

BM⋅MAMO2=B1M1⋅M1A1M1O2,\frac{BM \cdot MA}{MO^2} = \frac{B_1M_1 \cdot M_1A_1}{M_1O^2},

BMMO⋅MAMO=B1M1M1O⋅M1A1M1O.\frac{BM}{MO} \cdot \frac{MA}{MO} = \frac{B_1M_1}{M_1O} \cdot \frac{M_1A_1}{M_1O}.

Заменяя в последнем равенстве отношения отрезков отношением снусов противоположных углов соответствующих треугольников, получим оценидное равенство

sin⁡φsin⁡γsin⁡ψsin⁡μ=sin⁡φsin⁡μ⋅sin⁡ψsin⁡γ.\frac{\sin \varphi}{\sin \gamma} \frac{\sin \psi}{\sin \mu} = \frac{\sin \varphi}{\sin \mu} \cdot \frac{\sin \psi}{\sin \gamma}.

Одной из самых красивых и необходимых иллюстраций к теме «Выход в пространство» служит, пожалуй, решение этим методом известной задачи А поллоня. Поставим в соответствии каждой окружности в данной плоскости две точки пространства, расположенные по разные стороны от плоскости, удаленные от этой плоскости на расстояние, равное радиусу окружности, и также, что проекция каждой из них на плоскость есть центр окружности. Обратно: каждой точке пространства соответствует окружность в нашей плоскости, центр которого совпадает с проекцией точки на плоскость, а радиус равен расстоянию от точки до плоскости. Прежде чем перейти к решению задачи А поллоня, обратим внимание на следующие обстоятельства: если PP — одна из двух точек, соответствующих окружности kk, то любой точке, находящаяся на конечской поверхности, вершиной которого является точка PP, а направляющий — окружность kk (расматриваются обе полы этой поверхности), соответствует окружности kk (рис. 6).

Лист 50

с. 48Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

48

Пусть теперь данные три окружности на плоскости. Построим для каждой указанным выше способом одну из двух конечных поверхностей. Точке пересечения этих трех поверхностей соответствует окружность, касающаяся трех данных. Беря различные расположения точки, соответствующих окружностям, можно получить все решения нашей задачи.

Мы приведем несколько примеров, когда помогает трехмерное пространство. А может ли помощь четырехмерное пространство? Конечно, да! Например, с его помощью можно решить такую глобальную из десяти спичек сложить десять правильных треугольников так, чтобы сторона каждого треугольника равнялась целой спиче.

Решение. Нужно выйти в четырехмерное пространство и сложить в нем многогранник, аналогичный тетраду. Такие многогранники называются sимплеками. Симплеки на плоскости — это треугольник, в трехмерном пространстве — tetradр; что представляет собой симплекс в четырехмерном пространстве, можно получить из рисунка 7. Этот пример, конечно, серbezен лишь наполину, а вот уже вполне серbezный пример. Пусть три плоскости пересекаются по одной прямой. Расмотрим три треугольных угла, вершины которых расположены на этой прямой, а ребра лежат в данных плоскостях (предполагаем, что соответствующие ребра, то есть ребра, расположенные в одной плоскости, не пересекаются в одной точке). Тогда три точки пересечения соответствующих границ этих трехранных углов лежат на одной прямой (рис. 8). Поскольку для доказательства этой теоремы мы хотим «выйти» в четырехмерное пространство, рассакжем сначала о некоторых свойствах этого пространства.

Простейшим фигурами четырехмерного пространства будут: точка, прямая, плоскость и трехмерное многообразие, которое мы будем называть гиперплоскостью. Первые три фигуры — это наши старые знаки из трехмерного пространства. Правда, неокоторые утверждения, связанные с ними, нуждаются в перефазировке. Например, вместе с следующей аксиомы трехмерного пространства: если две различные плоскости, принадлежшие одной гиперплоскости, имеют общую точку, то они пересекаются по прямой. Введение нового геометрического образа — гиперплоскости — заставляет вести связанную с ним группу аксиом, аналогичную тому, как при переходе от геометрических плоскостей, к геометрическим трехмерном пространстве,—стрееромции, вводится группа аксиом (вспомните, каких?) ,выражающий основные свойства плоскостей в пространстве. Эта группа состоит из следующих трех аксиом:

  1. Какова бы ни была гиперплоскость, существуют точки, ей принадлежшие и точки, ей не принадлежшие.
  2. Если две различные гиперплоскости имеют общую точку, то они пересекаются по плоскости, то есть существуют плоскость, принадлежащая к гиперплоскости.
  3. Если прямая, не принадлежащая плоскости, имеет с ней общую точку, то су-

Лист 51

с. 49Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

49

шествует единственная гиперплоскость, содержащая эту прямую и эту плоскость.

Из этих аксим неосредственно следует, что четыре точки, не принадлежящие одной плоскости, определяют гиперплоскость; точно также три прямые, не принадлежящие одной плоскости, но имеющие общую точку или две различные плоскости, имеющие общую прямую, определяют гиперплоскость. Мы не будем доказывать эти утверждения; попытаться сделать это самостояльно.

Для дальнейших рассуждения нам понадобится следующий факт, справедливый в четырехмерном пространстве: три различные гиперплоскости, имеющие общую точку, имеют общую прямую. В самом деле, по аксиме 2, любые две из трех гиперплоскостей имеют общую плоскость. Возьмем две плоскости, по которым пересекается какая-то из трех гиперплоскостей с двумя другими. Эти две плоскости, принадлежящие одной гиперплоскости — трехмерному многообразию, имеют общую точку, и, значит, пересекаются по прямой или совпадают.

Перейдем теперь к доказательству нашей утверждения. Если бы три плоскости, о которых говорится в условиям, были расположены в четырехмерном пространстве, то утверждение было бы очевидным. Действительно, каждый треугольный угол определяет гиперплоскость. Две гиперплоскости пересекаются по плоскости. Эта плоскость не принадлежит третьей гиперплоскости (по условиям, эти гиперплоскости пересекают одну из данных плоскостей по трех прямым, не проходящим через одну точку), и, следовательно, пересекается с ним по прямой линии. Любые три соответствующие грани трехгранных углов лежат в одной гиперплоскости, определяемой двумя плоскостями, на которых расположены соответствующие грани имеет общую точку. При эти точки принадлежат трех гиперплоскям, определяемым трехгранными углами, и, как было доказано, лежат на одной прямой. Теперь для завершения доказательства достаточно «увидеть» в данном условиям задачи проекцию соответствующей четырехмерной конфигурации плоскости и трехгранных углов.

В заключение мне бы хотелось предоставить читателя: не следует чрезмерно доверять свое «трехмерной интущии», когда идет о четырехмерном пространстве.

Как вы думаете, сколько может иметь выпуклый многогранник, для которого каждый отрезок, соединяющий любые две его вершины, является ребром? На плоскости таким свойством обладает только треугольник, в пространстве — тетраэд. В четырехмерном пространстве существует также многогранники со сколь годно большим числом вершин (см., например, рис. 9).

У разнения

  1. По четырем прямым плоскости с постоянными скоростями идут четыре пешекода A, B, C, D. Известно, что пешекоды A, B и C встречаются друг с другом, пешекод D встречается с A и B. Докажите, что пешекоды C и D встречаются.

  2. На плоскости даны три непересекающихся окружности. Расмотрим шесть точек, каждая из которых является точкой пересечения общих внутренних или общих внешних касательных к каждой думу из данных окружности. Докажите, что эти шесть точек лежат на четырехмерном плоскости. Построите треугольник, вершины которого лежат на данных прямых, а стороны проходят через данные точки.

  3. Данные три параллельные прямые и три точки на плоскости. Построите треугольник, вершины которого лежат на данных прямых, а стороны проходят через данные точки.

  4. Три точки A, B и C, лежат на одной прямой. Возьмем произвольную окружность, проходящую через A и B, и проведем к ней из C две касательные — CM и CN. Докажите, что точка пересечения прямых MN и AB построена.

  5. Пусть A — данная точка внутри данной окружности, BC — произвольная хорда, проходящая через A. Касательные к окружности в точках B и C пересечаются в точке M. Найдите геометрическое место точек M.

  6. Покажите, что в четырехмерном пространстве две плоскости могут пересекаться в одной точке.

Лист 52

с. 50Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

50

Задачи

М321—М325; Ф333—337

М321. Имеется прямогольный стол площади 1. Докажите, что для любого ε>0 можно указать систему прямогольных салфеток, покрывающих этот стол (края салфеток параллельны краям стола), такую что любая ее подсистема, состоящая из неперекрывшихся салфеток, имеет площадь, меньше ε.

А. В. Браилов

М322. a) Фигура, состоящая более чем из одной точки, является пересечением N кругов. Докажите, что границы этой фигуры можно представить в виде объединения 2N — 2 дуг окружностей.

б) В алфавите N букв. Несолько букв выписано по окружности так, что никакая буква не встречается два раза подряд и для любых двух различных букв a, b можно проведи

прямую так, что все буквы a будут по одному от прямой, а буквы b — по другую (рис. 1). Докажите, что выписано не более 2N — 2 букв.

С. В. Фомин

М323*. Докажите, что любую функцию, определянию на всей числовой прямой, можно представить в виде суммы двух функций, график каждой из которых имеет центр симметрии.

В. А. Сердеев

М324. Имеется несколько кучек камней. Двое играют в игру, ход которого

Лист 53

с. 51Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

51

состоит в том, что игрок разбивает каждую кучку, состоящую более чем из одного камня, на две меньше кучки. Ходы делаются по одному камню. Победителем считается игрок, сделавший последний ход. Как должен играть начинающий, если сначала в каждой кучке было от 80 до 120 камней?

С. В. Фомин

М325. В числовом треугольнике верхнее число равно 1 и крайние числа в каждой строке — тоже 1, а каждое из остальных чисел не меньше суммы двух чисел, стоящих над ним (в частности, этом условию удовлетворяет «треугольник Паскала», изображенный на рис. 2). Пусть натуральное число aa, больше 1, встречается в этом треугольнике kk раз. Доказите, что 2k<a22^k < a^2.

Ф333. На непроводящем диске радиуса RR закреплена по хорде проволока длиной ll. Диск врашает с постоянной угловой скоростью ω\omega. Перpendикулярно к диску направлено магнитное поле с индукцией BB (рис. 3).

Ф334. Бусинка сокальзывает без трения по вертикальной расположенной проволоке длины ll, которая изогнута в гармошу длины l2\frac{l}{2} (рис. 4). Во сколько раз время сокальзывания бусинки больше времени ее падения с высоты ll? Амплитуда перегибов проволоки много меньше ее длины. Размеры бусинки пренебрежимо малы по сравнению с длиной «колена» гармошки.

Б. Н. Брейзман

Ф335. Цилиндрический сосуд радиуса RR, ось которого составляет угол α\alpha с вертикально, заполнен водой. В цилиндр опускают хорошее притертий поршень, материал которого пропускает воздух, но непроницаем для воды. При каком минимальном весе поршня всегда его нижняя поверхность будет касаться воды?

В. В. Мирнов

Ф336. Цилиндрическая чашка со рутью врашает вокруг вертикальной оси с угловой скоростью ω\omega. При этом поверхность рутини образует параболическое зеркало. Определить фокусное расстояние этого зеркала. Плотность рутини ρ\rho, ускорение свободного падения gg.

Ф337. При наблюлении в телефоняре звезды видны даже днем. Объясните, почему.

Лист 54

с. 52Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

52

Решения задач

M286. На плоскости расположено N точек. Отметим все середины отрезков с концами в этих точек. Какое наименьшее количество точек плоскости может оказаться отмещенным?

Рассмотрим всеозможно расстояния между заданным N точекми и выберем среди этих расстояний наибольшее — пусть это расстояние между ккими-то двумя точкими A и B. Соединим точки A с остальных N—1 точкими; получим N—1 отрезков. Середины этих отрезков различны и все лежат внутри или на границе круга с центром в точке A радиуса 12∣AB∣\frac{1}{2} |AB| (рис. 1).

Аналогично, соединив точки B с осташмися N—1 точкими, получим N—1 отеченных точек (средин), расположенных внутри или на границе круга того же радиуса с центром в точке B.

Построенные два круга имеют только одну точку — середину отрезка AB. Следовательно, всегда имеется по крайней мере 2 (N—1) — 1 (так как середину отрезка AB мы учитываем дважды) отеченных середин, то есть не менее (2N—3) отеченных точек.

Покажем, что 2N—3 — это наименьшее число отеченных точек. Пусть заданные N точек лежат на одной прямой, причем расстояния между соседними точкими одинаковы (рис. 2). Легко видеть, что в этом случае число отеченных точек — середин (на рисунке 2 это красные точки) равно (N—2) + N—1 = 2N—3. Тем самым все доказано.

В заключение мы предложаем читательм подумать над следующей задачей. При каких N можно расположить на плоскости N точек так, чтобы они не лежали на одной прямой и чтобы при этом количество отеченных середин отрезков с концами в этих точек равны 2N—3?

С. В. Коняzin

M287. Существует ли макая последовательность натуральных чисел, что любое наименьшее число 1, 2, 3,… можно представить в виде разности двух чисел этой последовательности единичным способом?

Такая последовательность существует. Объясним коротко, как ее построить.

Предположим, что мы построили конечную последовательность, обладающую следующими свойствами:

  1. все попарные разности между членами этой последовательности различны;
  2. числа 1,2,…, k можно представить в виде разности двух ее членов;
  3. число k+1 нельзя представить в виде разности двух ее членов.

Пусть максимальный член этой последовательности равен M. «Допишем» теперь эту последовательность: добавим к ней числа 2M и 2M+k+1. Проверьте сами, что новая последовательность удовлетворяет свойством 1,2 (с заменой k на k+i, где i — некоторое натуральное число, зависит от первого настоящего последовательности, i≥1) и свойству 3 (с заменой числа k+1 на число k+i+1). Применяя описание «дописывание», например, к числом 1,2, получим бесконечную последовательность, удовлетворяющую условием задачи.

Л. Г. Лиманов

Лист 55

с. 53Набрано по скану (claude)

53

M288. На конгрессе собрались ученые, среди которых есть друзья. Оказалось, что никакие двое ученых, имеющие на конгрессе равное число друзей, не имеют общих друзей. Докажите, что найдется ученый, у которого ровно один друг.

M289. N гирь, каждая из которых весит целое число граммов, разложены на К равных по весу куч. Докажите, что можно не менее чем К разными способами убрать одну из гирь так, что оставшиеся (N—1) гири уже нельзя разложить на К равных по весу куч.


Рис. 3.

M290. Для каких n существует такая замкнутая непересекающаяся ломаная из n звеньев, что любая прямая, содержащая одно из звеньев этой ломаной, содержит еще хотя бы одно ее звено?

Возьмем ученого AA, число друзей у которого максимально (если таких ученых несколько, возьмем любого из них); обозначим это число через NN. Если ни один из NN друзей ученого AA не имеет ровно одного друга, то так как ученый AA имеет максимальное число друзей, каждый из его друзей может иметь 2,3,…,N2, 3, \ldots, N друзей — всего N−1N-1 возможностей. Поскольку же число друзей ученого AA равно NN, то, значит, двое из друзей ученого AA имеют равное число друзей и, кроме того, общего друга — ученого AA. Но это противоречит условию задачи, и, следовательно, хотя бы один из ученых (друзей ученого AA) имеет ровно одного друга.

С. Ландо

◆

Возьмем две коробки и разложим в них наши гири так, чтобы в первой коробке оказалось менее KK гирь. Раскладывать же гири будем следующим образом.

Сначала возьмем гири, веса которых не делятся на KK. Если таких гирь меньше KK, то положим их в первую коробку и перейдем к следующему шагу. Если же таких гирь окажется больше KK, то положим все гири во вторую коробку.

В первом случае возьмем те гири, веса которых делятся на KK, но не делятся на K2K^2. Если они уместятся в первой коробке, то положим их туда; если же нет, то положим все гири, не лежащие в первой коробке, во вторую.

Если опять будет иметь место первый случай, возьмем затем те гири, веса которых делятся на K2K^2, но не делятся на K3K^3 и так далее. Так как всего гирь не меньше KK штук, то часть гирь обязательно попадет во вторую коробку. Пусть первой группой гирь, не поместившихся в первой коробке, будут гири, веса которых делятся на KrK^r, но не делятся на Kr+1K^{r+1}. Во второй коробке окажутся те гири, веса которых делятся на KrK^r, а в первой — те, веса которых не делятся на KrK^r.

По условию задачи, гири можно разложить на KK равных по весу групп. Поскольку в первой коробке меньше KK гирь, в ней никак не могут быть представлены все KK групп, и значит, существует группа, все гири из которых оказались во второй коробке. Следовательно, суммарный вес этой (а значит, и каждой) группы делится на KrK^r. Так как всего у нас KK равных по весу групп, то суммарный вес гирь делится на Kr+1K^{r+1}.

Предположим теперь, что мы убрали какую-нибудь гирю, и оставшиеся гири смогли разделить на KK равных по весу групп. Как и раньше, получим, что сумма весов оставшихся гирь делится на Kr+1K^{r+1}.

Вес гири, которую мы убрали, равен разности суммарных весов всех гирь и оставшихся гирь; следовательно, вес этой гири делится на Kr+1K^{r+1} (заметим, что rr может оказаться равным нулю; это соответствует тому, что все гири попадают во вторую коробку, а первая остается пустой). Значит, если бы мы убрали гирю, вес которой не делится на Kr+1K^{r+1}, то оставшиеся гири нельзя было бы разложить на KK равных по весу групп. Но в силу выбора числа rr гирь, веса которых не делятся на Kr+1K^{r+1}, не меньше KK, так как иначе они все были бы помещены в первую коробку. Тем самым все доказано.

С. В. Конягин.

◆

Заметим сразу, что число звеньев nn должно быть достаточно большим, во всяком случае, n>8n > 8. Докажем вначале (учитывая уже сделанное замечание), что любая несамопересекающаяся замкнутая ломаная с н е ч е т н ы м числом звеньев, не превышающим 13, обладает тем свойством, что всегда найдется прямая, содержащая ровно одно звено этой ломаной. Предположим противное, то есть что для такой

Лист 56

с. 54Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

54

ломаной (n=2k+1,n⩽13n = 2k + 1, n \leqslant 13) не существует прямой, содержащейровно одно звено. Тогда на одной из прямых должны лежать по крайней мере три звена нашей ломаной. У этих трех звенев шесть концов, и из каждой конца выходит звено ломаной, то есть всего шесть новых звенев, причем никакие два из этих звенев не лежат на одной прямой. Поэтому каждая прямая, содержащая одно из этих шести звенев ломаной, должна в силу сделанного предположения содержать по крайней мере еще одно звено, отличное от уже рассмотренныхRANES (3+63 + 6 звенев); значит, рассматриваемая ломаная должна иметь еще по крайней мере шесть звенев. Получаем, что число звенев у такой ломаной должно быть не менее, чем 3+6+6=153 + 6 + 6 = 15 — противоречие.

Покажем теперь, что для любого четного n⩾10n \geqslant 10 и нечетного n⩾15n \geqslant 15 ломаная, о котором говорится в задаче, существует n⩾10n \geqslant 10 это хорошо всем известные n2\frac{n}{2} конечные звезды (рисунок 3; на этом рисунке n=10n = 10 и n=12n = 12). Несамопересекающийся замкнутую ломаную с нечетным числом звенев, большем 13, обладающий указаным свойством, построить сложнее. Ломаная из 15-ти звенев изобравена на рисунке 4. Отрезая от нее последовательно прямой по два угла, получим ломаную с 17-ю звеньями, 19-ю, и так далее (рис. 5).

С. Ландо

Ф296. Каждый из kk различных конденсаторов с экстремами C1,C2,…,CkC_1, C_2, \dots, C_k заряжен до разности помечалов UU. Затем все конденсаторы соединены последовательно разномерными полосами в замкнутую цепь. Наименование на каждом конденсаторе в этой цепи.

До соединения конденсаторов в цепь их заряды были q1=C1U,q2=C2U,…,qi=CiU,…,qk=CkUq_1 = C_1U, q_2 = C_2U, \dots, q_i = C_iU, \dots, q_k = C_kU. Обозначим заряды конденсаторов после соединения в цепь соответствующего через q1′,q2′,…,qk′q'_1, q'_2, \dots, q'_k. Распределение зарядов на пластинках конденсаторов будет таким, как показано на рисунке 6. Из закона сохранения заряда следует, что сумма зарядов соединенных друг с другом пластинкой конденсаторов (один из таких участков цепи выделен на рисунке 6 пунктирной линии) должна быть равна суммарному заряду, которое был на этих пластинках до соединения конденсаторов. То есть (с учетом знаков зарядов)

q2′−q1′=q2−q1=(C2−C1)U,q'_2 - q'_1 = q_2 - q_1 = (C_2 - C_1)U,

q3′−q2′=q3−q2=(C3−C2)U,q'_3 - q'_2 = q_3 - q_2 = (C_3 - C_2)U,

qk′−qk−1′=qk−qk−1=(Ck−Ck−1)U.q'_k - q'_{k-1} = q_k - q_{k-1} = (C_k - C_{k-1})U.

Кроме того, работа по пересечению заряда вдоль замкнутого контрара в электростанческом поле равна нулю, поэтому равна нулю сумма направления на отдельных конденсатрах: U1+U2+⋯+Uk=0U_1 + U_2 + \dots + U_k = 0, или

q1′C1+q2′C2+⋯+qkCk=0.\frac{q'_1}{C_1} + \frac{q'_2}{C_2} + \dots + \frac{q_k}{C_k} = 0.

Из системы уравнения () и (**) определяем новые заряды конденсаторов, а потом и направления на них. Прежде всего, выразим все заряды через заряд q1′q'_1 первого конденсатора. Из первого уравнения системы () следует, что q2′=q1′+(C2−C1)Uq'_2 = q'_1 + (C_2 - C_1)U. Сложив первое и второе уравнения системы (*), получим q3′=q1′+(C3−C1)Uq'_3 = q'_1 + (C_3 - C_1)U.

Лист 57

с. 55Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

55

Аналогично, для заряда ii-го конденсатора получим
qi′=q1′+(Ci−C1)U.q'_i = q'_1 + (C_i - C_1) U.
Подставим полученные выражения в уравнение (**):
q1′C1+[q1′C2+(1−C1C2)U]+⋯+[q1′Ck+(1−C1Ck)U]=0,\frac{q'_1}{C_1} + \left[ \frac{q'_1}{C_2} + \left( 1 - \frac{C_1}{C_2} \right) U \right] + \dots + \left[ \frac{q'_1}{C_k} + \left( 1 - \frac{C_1}{C_k} \right) U \right] = 0,
или
q1′(1C1+1C2+⋯+1Ck)+kU−C1U(1C1+1C2+⋯+1Ck)=0.q'_1 \left( \frac{1}{C_1} + \frac{1}{C_2} + \dots + \frac{1}{C_k} \right) + kU - C_1 U \left( \frac{1}{C_1} + \frac{1}{C_2} + \dots + \frac{1}{C_k} \right) = 0.
Отсюда q1′=(C1−kC0)Uq'_1 = (C_1 - kC_0) U, где C0C_0 — емкость балансировального соединений конденсатора:
1C0=1C1+1C2+⋯+1Ck.\frac{1}{C_0} = \frac{1}{C_1} + \frac{1}{C_2} + \dots + \frac{1}{C_k}.
Так как qi′=q1′+(Ci−C1)Uq'_i = q'_1 + (C_i - C_1) U, то
qi′=(C1−kC0)U+(Ci−C1)U=(Ci−kC0)U.q'_i = (C_1 - kC_0) U + (C_i - C_1) U = (C_i - kC_0) U.
Это означает, что напряжение на ii-м конденсаторе равно
Ui′=qi′Ci=(1−kC0Ci)U.U'_i = \frac{q'_i}{C_i} = \left( 1 - k \frac{C_0}{C_i} \right) U.

Ф297. Кончическая пробка перекрываем сразу два отверстия в плоском сосуде, заполненной p. Радиусы отверстия R и r. Определить суммарную силу, действующую на пробку со стороны жидкости. Поле мягости не учитываем.

Рис. 6.

Рис. 7.

На каждый малый элемент боковой поверхности пробки с площадью Δsi\Delta s_i действует сила давления жидкости ΔFi=pΔsi\Delta F_i = p \Delta s_i, направленная перpendicularно к боковой поверхности пробки (рис. 7). Из симметрии ясно, что горизонтальные составляющие таких сил, действующих на различные малые элементы поверхности пробки, складываясь, взаимно уничтожат друг друга. Поэтому равнодействующая сил давления вертикальная и равна сумме вертикальных составляющих этих сил. То есть
F=ΣFisin⁡α=ΣpΔsisin⁡α=pΣΔsisin⁡α.F = \Sigma F_i \sin \alpha = \Sigma p \Delta s_i \sin \alpha = p \Sigma \Delta s_i \sin \alpha.
Произведение Δsisin⁡α\Delta s_i \sin \alpha — это проекция площади элемента на плоскость, параллельную стенкам сосуда. Следовательно, сумма ΣΔsisin⁡α\Sigma \Delta s_i \sin \alpha равна площади проекции боковой поверхности пробки на эту плоскость, т. е. π(R2−r2)\pi (R^2 - r^2). Поэтому
F=pπ(R2−r2).F = p \pi (R^2 - r^2).
Приведем еще одно решение этой задачи. Расмотрим аналогичный данному в задание плоскости, равный объему пробки между стенками сосуда (рис. 8). Так как выделенный объем жидкости находится в равновесии, то равнодействующая всех сил, действующих на него, равна нулю. Какие же силы действуют на выделенный объем жидкости? Это силы реакции со стороны стенок сосуда, равные по абсцилтной величины N1=pπR2N_1 = p \pi R^2 и N2=pπr2N_2 = p \pi r^2, и равнодействующая FF

Лист 58

с. 56Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

56

Рис. 8.

Ф298. Внутри фотоаппарата перепределикулярно к фомопластинке расположено плоское зеркало, длина коморого DB равна половине фокусного расстояния объекта (рис. 9). Изображение А зверзды Вега находится от центра фомопластинки на расстоянии, вдвое меньшем радиуса объекта. Во сколько раз обеспечность «отраженной изобравжения» С зверзды Вега меньше освещности ее изобравжения А в присутствии зеркала?

Сил давления со стороны окружащей жидкости, направленная вертикально вверх. Так как N1−N2=πp(R2−r2)N_1 - N_2 = \pi p (R^2 - r^2).

Очевидно, что на пробку со стороны жидкости действует точно также же сила.

♦

Найдем отношение световых потоков, идущих от далекой звезды и попадающих на фотопластинку в точки A и C (рис. 9). В точке A сбираются те лучи, которые проходят через линзу объекта ниже точки G — точки пересечения прямой AD с линзой. Лучи, идущие выше точки G, попадают на зеркало и, отражаясь от него, сбираются в точке C.

Рассмотримечение линзы объекта плоскостью, перепределикулярной к падающей лучу лучей (рис. 10). Прямая EK делит линзу на два сегмента, через которых лучи попадают в точку A или в точку C. Так как линза равномерно освещена светом звезды, то относение световых потоков равно относению площей соответствующих сегментов. Найдем это относение.

Фотопластинка расположена в фокальной плоскости объекта, длина зеркала равна половине фокусного расстояния объекта, поэтому DB=ODDB = OD (см. рис. 9) и ΔGDO=ΔADB\Delta GDO = \Delta ADB. Следовательно, GO=AB=R/2GO = AB = R/2, где RR — радиус объекта.

Рис. 10.

объекта. Тогда (см. рис. 10) ∠GKO=30∘\angle GKO = 30^\circ, ∠KOG=60∘\angle KOG = 60^\circ и ∠EOK=120∘\angle EOK = 120^\circ. Выразим теперь площад сегментов S1S_1 и S2S_2 через площад соответствующих секторов и треугольника EOK:

S1=πR2360⋅120−R234иS2=πR2360⋅240+R234.S_1 = \frac{\pi R^2}{360} \cdot 120 - R^2 \frac{\sqrt{3}}{4} \quad \text{и} \quad S_2 = \frac{\pi R^2}{360} \cdot 240 + R^2 \frac{\sqrt{3}}{4}.

Отношение S1/S2S_1/S_2 равно

S1S2=πR2/3−R2πR2/3+R2⋅34=4π−338π+33≈0,25.\frac{S_1}{S_2} = \frac{\pi R^2/3 - R^2}{\pi R^2/3 + R^2} \cdot \frac{\sqrt{3}}{4} = \frac{4\pi - 3\sqrt{3}}{8\pi + 3\sqrt{3}} \approx 0,25.

И. Ш. Словодечкий

Лист 60

с. 58Набрано по скану (claude)

58

ПРАКТИКУМ АБИТУРИЕНТА

Институт начинается

со школы

К. И. Кашин

Раз уж вы взяли в руки «Квант», то, наверное, решили после окончания школы идти учиться в такое высшее учебное заведение, где один из самых важных предметов — математика. Если это так, то все, что написано в этой небольшой статье,— для вас.

Заканчивая среднюю школу, вы с трудом вспоминаете, как были первоклассником. Вы выросли, созрели и смотрите на нынешних первоклашек несколько иронически (если, конечно, вы не будущий педагог). Ведь они еще не умеют мыслить логически, отвлеченно, да и решать сколько-нибудь сложные задачи им не под силу. Они только слушают, запоминают и рассказывают, причем рассказывают плохо. Вы, конечно, умеете пересказывать гораздо более сложные вещи, потому что вы умеете логически мыслить, доказывать, преобразовывать данные. А они, первоклассники, умеют только слушаться и подражать. Для них все внове, они ко всему еще только присматриваются. Ведь так?

А теперь присмотритесь к себе — будущему студенту технического вуза. Очень скоро вы вновь станете первокласс…, то есть, я хотел сказать,— первокурсником. Вы тоже будете примериваться и присматриваться к преподавателям, стараясь понять, чего они хотят от вас. А хотят они, раз уж вы научились хорошо логически мыслить, дать вам за пять лет знаний во много раз больше, чем в школе вы получили за десять. И знания эти качественно другие — они готовят вас к самостоятельной деятельности.

В институтский учебный процесс входят следующие элементы: лекции; практические занятия; лабораторные занятия; консультации преподавателей, читающих лекции и ведущих практические занятия; выполнение домашних заданий; выполнение контрольных работ; зачеты; экзамены. И все эти элементы учебного процесса требуют самостоятельности.

Начнем по порядку, с лекций. Работа студента на лекции делится на три стадии:

  1. слушать лекцию;

  2. пересказывать для себя мысли, высказанные лектором (стадия эта необходима и потому, что способствует более глубокому пониманию излагаемого материала, и потому, что записать за лектором все, что он говорит, студент попросту не успеет);

  3. записывать краткий пересказ (составлять конспект).

Как свидетельствует практика, весьма и весьма значительная часть студентов первых курсов не умеет составлять конспекты лекций. А ведь составление конспекта — очень важная часть работы. От того, как вы с нею справитесь, зависит многое.

Если конспект составлен плохо, то вполне может случиться, что студент из-за нехватки времени на осмысление записей пойдет на экзамен с подготовкой, не гарантирующей благоприятный исход.

Если же конспект составлен хорошо, то во многих случаях оказывается достаточным просмотреть его (даже не заглядывая в учебник), чтобы бла-

Лист 61

с. 59Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

59

гополучно сдать экзамен. В других случаях он является путьодителем по любому учебнику, даже если учебник написан не по программе вашего института.

Так что, если вы хотите в институте сберечь время для занятий своим любимым предметом — математкой, то обязательно научиться составлять конспекты.

Я не стану учить вас решать задачи, а именно решением задач занимаются на практических занятиях. В «Кванте» вы встречаете много хороших задач, составленных специально для того, чтобы вы получили представление о самостоятельной исследовательской работе. Сравните по полное ваши собственные решения с теми, которые приведены в журнале. Привыкайте завершать начатое. В институте вам эта привчка очень пригодится.

Лабораторные занятия по математике обычно связаны с выполнением работ на электронных или клавишных вычислительных машинах. Очень может быть, что в вашей школе таких машин нет, а где их искать, вы не знаете.

Однако вы не первоклассик, который всему учат учитель. Если вы намерены всерbezзв в будущеем занимается прикладной математикой, вам нужно проявить инциативу, повышать навыставках, где экспонируются ЭВМ, или в научно-исследовательском институте или проектном бюро, где на этих машинах работают, и поставляется разобраться, что такое ЭВМ. Здесь вам могут помочь «дни открытых дверей», проводимые весной во многих.byхах. В эти дни школьников — будущих студентов — знакомят с институтом.

Зачем нужно в институте консультанции? Конечно, не только для того, чтобы преподаватель давал вам советы. Преподаватель советовать умет, а вот умете ли вы задавать вопросы? Задавать вопросы очень важно, чтобы проверить, все ли вам понято правильно, нет ли какой-нибудь обученного процесса — экзамен.

Вы его достойно выдержите, если хорошо знаете предмет и серверно относиться к указанным моментам учебного процесса.

Знание предмета, приобретенное в средней школе, конечно, тоже вам существенно помогет, но это tema для другого разговора. Сейчас важно, чтобы вы подготовились не только к более интенсивному потоку знаний, который хлынет на вас сразу же, как только вы поступите в институт, но и к учебному процессу, чтобы вы не оказались вновь в роли первоклассика.

Лист 62

с. 60Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

60

Как присутствить к решению задачи по физике?
Г. И. Розенблат

Решение физической задачи — весма сложный процесс. Он требует от решенияго глубкого знания физики, умения анализировать задачу и правильно применять для ее решения законы физики и их следствия. Часто бывают полезно применять для решения данного задачи опыт прежних решений, проводить анализи, делать упрощения и т. п.

Трудно (или даже невозможно) разработать универсальные примы для решения любой физической задачи. Однако можно предложить некоторые общие правила, обеспечивающие наиболее важную часть решения, а именно: отбор тех законов, которые можно применять для решения. Об этих правилах, применительно к механическим задачам, инойдет речь в статье.

При решении задачи учащся нередко выбирают тот или иной закон на том основании, что в его формулу входят величины, имеющиеся в условиям задачи. Такой подход может привести к серbezным ошибкам. Дело в том, что каждый физический закон имеет определенные границы и условия применения, то есть его можно применять не всегда. Так, например, закон сохранения импульса можно применять только в том случае, если выполняются одновременно два условия: система отчета является инерциальной и исследуемая система тел замкнута. Если хотя бы одно из этих условий не соблюдено, закон сохранения импульса использовать для решения задачи нельзя. Таким образом, прежде чем применять какой-либо закон, необходимо проверить, выполняются ли условия его применения. Причем для каждого закон можно установить определенную последовательность вопросов, на которых нужно ответить, то есть построить «алгоритм распознавания» *). Так, для закона сохранения импульса последовательность вопросов должен быть таким:

  1. Является ли система отчета инерциальной?
  2. Является ли исследуемая система тел замкнутой?
  3. Может ли применять классический механизм?
  4. Является ли рассматриваемая система замкнутой?
  5. Является ли внутренние силы системы помещались?
  6. Какие части законы механизм использовать?

*) Алгоритм называется совокупностью действия, выполняемых в строю установленном порядке для решения задачи определенной типа.

Лист 63

с. 61Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

61

Поясним на конкретных задачах, как пользоваться таким «планом» решения задачи.

Задача 1. Брусок высотой h скользит ускоренно взз по склоу горы. Какая половина бруска, правая или левая, сільнее давит на гору, если поверхность горы цероховатая?

Аналіз. 1) Система отсчета связана с Землей, то есть является практическим инерционным. 2) Скорость бруска, по-видимому, гораздо меняше скорости света в вакууме, а сам брусок является макросоппечим телом — можно применять законы классической механики. 3) Брусок, конечно, нельзя считать материйной точкой в данной задаче, так как в условиях говорится о его размерах и расматривается давление его отдельных частей, — нужно применять законы диамники и kinematики для протяженных тел, в данном случае — для твердого тела. 4) Система тел Земля — брусок замкнута, можно применять закон сохранения импульса. 5) Внутренние силы в системе — силы треня — не являются потенциальными, поэтому закон сохранения механической энергии применять нельзя.

Таким образом, мы установили, какими законами можно пользоваться при решении этой задачи. Но это не означает, что все эти законы нужно применять. Ни один из законов сохранения не имеет отношения к давлению частей бруска, поэтому следует попытаться решить задачу, ис-

Рис. 1.

Рис. 2.

пользоваться диамники и kinematики твердого тела.

Решен и е. Брусок движется поступательно, следовательно, равноведействующая всех действующих на него сил проходит через центр масс бруска. На брусок действует сила тяжести mg, приложенная в центре масс, сила треня Fтр, направлена вверх вдоль наклонной плоскости, и сила реакции опоры N, перпендикулярная к плоскости. Равноведействующая R двух последних сил, приложенных к основанию бруска, также должны проходит через его центр масс.

Если брусок движется равномерно, то сумма всех сил равна нулю, то есть сила R равна по величины силы тяжести бруска и направлена с ней по одному прямой (рис. 1). Следовательно, сила R, а значит, и сила N, приложены в точке B, которая лежит ниже точки O — середины основания бруска. Согласно третьему закону Ньютона сила давления бруска на гору тоже приложена в точке B. Это означает, что права часть бруска давит сільнее, чем левая.

Если брусок скользит с ускорением, то равноведействующая всех сил направлена так же, как ускорение, то есть визз по наклонной плоскости. Значит, сила R в этом случае отверткали вправа на некоторый угол (рис. 2). Проведем через центр масс примерное направление действия этой силы; оно пересечет плоскость в точке A, которая, так

Лист 64

с. 62Набрано по скану (claude)

62

же как и точка BB, расположена ниже точки OO. Следовательно, и в этом случае давление на гору правой половины бруска больше, чем левой.

З а д а ч а 2 (подобная задаче Ф278). Спутник Земли движется по круговой орбите радиуса R1R_1. Его хотят перевести на эллиптическую орбиту с максимальным удалением от центра Земли R2R_2 и минимальным R1R_1. Насколько для этого необходимо изменить скорость спутника? Каким будет период обращения?

А н а л и з. 1), 2) — ответы такие же, как в задаче 1. 3) Спутник можно считать материальной точкой — можно применять законы Ньютона и уравнения кинематики точки. 4) Система тел Земля — спутник замкнута (пренебрегаем взаимодействием с другими космическими телами) — можно применять закон сохранения импульса. 5) Между телами выбранной системы действуют только силы притяжения, которые являются потенциальными,— можно применять закон сохранения механической энергии. 6) Кроме того, движение спутника подчиняется законам Кеплера.

Р е ш е н и е. Рассмотрим сначала спутник на круговой орбите. Законы сохранения не позволяют найти скорость спутника, так как на круговой орбите все состояния спутника равноправны. Поэтому можно пробовать применять законы Ньютона и уравнения кинематики точки:

F=ma, где F=γmMR12F = ma, \text{ где } F = \gamma\frac{mM}{R_1^2}

(mm — масса спутника, MM — масса Земли);

a=v12R1,T=2πR1v1a = \frac{v_1^2}{R_1}, \quad T = \frac{2\pi R_1}{v_1}

(v1v_1 — скорость спутника на круговой орбите). Тогда

v1=γMR1 и T1=2πR1v1.v_1 = \sqrt{\frac{\gamma M}{R_1}} \text{ и } T_1 = \frac{2\pi R_1}{v_1}.

При движении спутника по эллиптической орбите, наоборот, за-

коны Ньютона оказываются неудобными для решения, так как сила тяготения в разных точках орбиты различна. Попробуем применить закон сохранения механической энергии и второй закон Кеплера:

mv1′22−γmMR1=mv222−γmMR2,\frac{mv_1'^2}{2} - \gamma\frac{mM}{R_1} = \frac{mv_2^2}{2} - \gamma\frac{mM}{R_2},

v1′R1=v2R2v_1'R_1 = v_2R_2

(v1′v_1' — скорость спутника на эллиптической орбите в перигее). Отсюда

v1′=2γMR2(R1+R2)R1=v12R2R1+R2v_1' = \sqrt{\frac{2\gamma MR_2}{(R_1+R_2)R_1}} = v_1\sqrt{2\frac{R_2}{R_1+R_2}}

Искомое увеличение скорости равно Δv1=v1′−v1\Delta v_1 = v_1' - v_1. Период обращения можно найти с помощью третьего закона Кеплера

T22T12=(R1+R2)323R13,\frac{T_2^2}{T_1^2} = \frac{(R_1+R_2)^3}{2^3R_1^3},

где R1+R22\dfrac{R_1+R_2}{2} — большая полуось эллиптической орбиты.

Итак, окончательно,

Δv1=γMR1(2R2R1+R2−1),\Delta v_1 = \sqrt{\frac{\gamma M}{R_1}}\left(\sqrt{\frac{2R_2}{R_1+R_2}} - 1\right),

T2=π(R1+R2)R1+R22γM.T_2 = \pi(R_1+R_2)\sqrt{\frac{R_1+R_2}{2\gamma M}}.

З а д а ч а 3 (Ф282). Найти частоту «симметричных» колебаний системы, показанной на рисунке 3. Массы всех шаров mm, коэффициенты упругости пружинок kk.

А н а л и з. 1), 2) — ответы такие же, как в задаче 1. 3) Всю систему нельзя считать материальной точкой (исследуется движение ее частей друг относительно друга). Но каждый шар в отдельности можно считать точкой и применять законы Ньютона и уравнения кинематики точки. 4) Исследуемая система тел является замкнутой — можно применять закон сохранения импульса. 5) Между телами системы действуют потенциальные силы — силы упругости пружинок —

62

Лист 65

с. 63Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

63

Можно применять закон сохранения механической энергии. 6) Поскольку ребь идет о колбанях, можно применять закон колбаней, в частности, гармоничских колбаней (если ограничиться рассмотрением малых амплитуд). Так как в системе входят пружники, можно использовать сведения о них: прежде всего, закон Гука. Можно также воспользоваться тем, что система симметрина.

Для решения задачи можно использовать закон колбаней совместно с законами Ньютона или с законом сохранения механической энергии.

Решение. Первый способ. Пусть в некоторый момент смешение каждого шара равно xx; тогда удаление каждого пружника будет равно x∣3ˉx \mid \bar{3}, а сила упругости одной пружники (по закону Гука) — kx∣3ˉkx \mid \bar{3}. Равноведействующая сил упругости двух пружинок, действующих на каждой шар, равна 3kx3kx. Согласно второму закону Ньютона для этого шара (направим ось xx по направлению смешения шара)

ax=Fxm=−3kxm=−3kmx.a_x = \frac{F_x}{m} = -\frac{3kx}{m} = -\frac{3k}{m} x.

Сравним полученную формулу с уравнением гармоничских колбаней:

ax=−ω2x.a_x = -\omega^2 x.

Отсюда циклическая частота

ω=3km.\omega = \sqrt{\frac{3k}{m}}.

В положении равновесия скорость шаров максимальная, а пружники не деформированы, то есть E1=K1=3mv022E_1 = K_1 = \frac{3mv_0^2}{2} (v0v_0 – амплитуд скорости).

В крайнем положении скорость шаров равна нулю, а смешение максимально и равно амплитуде колбаней AA. При этом удлинение каждой пружники равно A∣3ˉA \mid \bar{3}, поэтому

E2=Π2=3k(A3)22.E_2 = \Pi_2 = 3 \frac{k(A\sqrt{3})^2}{2}.

3mv022=3k(A3)22 и v0=3kmA.\frac{3mv_0^2}{2} = 3 \frac{k(A\sqrt{3})^2}{2} \text{ и } v_0 = \sqrt{\frac{3k}{m}} A.

Используя известное выражение для максимальной скорости гармоничских колбаней v0=ωAv_0 = \omega A, получим то же выражение для циклической частиоты, что и при первом способе решения.

Упражнения

В приведенных ниже задах установите, какие из основных законов механики можно применять в исследуемой ситуации, а также, какие из этих законов нужно применить для решения.

  1. Самолет массой m=2,5m = 2,5 м с выключенным motor спускается, планируя, с высоты h1=2h_1 = 2 км до высоты h2=1h_2 = 1 км, пролетев при этом с постоянной скоростью v=144v = 144 км/ч расстояние l=10l = 10 км. Какую мощность NN должен развить motor самолета, чтобы он смог подняться до высоты h1h_1, пролетев расстояние ll с той же скоростью?

  2. (Ф228). На конце длины LL и массы MM находится короткий брусок массы mm. Доска может скольнить без трения по горизонтальной плоскости. Козффициент треня скольжения бруска по поверхности доски равен μ\mu. Какую скорость v0v_0 нужно только сообщить доке, чтобы она выскольнула из-под бруска?

  3. С горки высокой HH съехали массы mm и оставились, пройда неокоторое расстояние. Какую работу нужно совершить, чтобы поднять сankи по тому же пути до первого嗽альной высоты?

Лист 66

с. 64Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

64

Московский государственный университет
им. М. В. Ломоносова
(механико-математический факультет, физический факультет, факультет вычислительной математики и кибернетики)

Подробно об этих факультах МГУ мы расссказывали в «Кванте», 1973, № 4. Здесь мы помещаем варанты письменного экзамена по математике, предлагавшие поступившим на эти факультеты в 1974 году, и задачи, предлагавшие на устном экзамене по физике.

Mathematica

Механико-математический факультет
Вариант 1

  1. Решить уравнение:
    1+sin⁡x+cos⁡x=0.\sqrt{1 + \sin x} + \cos x = 0.

  2. Решить неравенство:
    1−log⁡5(x2−2x+2)<log⁡5(5x2−10x+10).\sqrt{1 - \log_5(x^2 - 2x + 2)} < \log_5(5x^2 - 10x + 10).

  3. Вокруг треугольника ABC описана окружность. Медиана ADprodолжена до пересечения с этой окружностью в точке E. Известно, что AB + AD = DE, угол BAD = 60° и AE = 6. Найти площадь треугольника ABC.

  4. В треугольной парамиде ABCD ребро DC = 9, ребро DB = AD, а ребро AC перпендикулярно к грани ABD. Сфера радиуса 2 касается грани ABC, ребра DC, а также грани DAB в точке пересечения ее медиан. Найти объем парамиды.

  5. Найти все действительные значения α, для каждого из которых существует четые целых числа (x, y, u, v), удовлетворяющие равенствам:
    x2+y2=(111−α)(α−89),x^2 + y^2 = (111 - \alpha)(\alpha - 89),
    50(u2−v2)=α(15u+5v−α).50(u^2 - v^2) = \alpha(15u + 5v - \alpha).
    Вариант 2

  6. Решить уравнение:
    2sin⁡2x+2sin⁡x=0.\sqrt{2\sin 2x} + 2\sin x = 0.

  7. Решить неравенство:
    1+log⁡2(7x2+14x+8)≤1+log⁡8(7x2+14x+8).\sqrt{1 + \log_2(7x^2 + 14x + 8)} \leq 1 + \log_8(7x^2 + 14x + 8).

  8. Вокруг треугольника ABC описана окружность. Через точку B проведена касательная к этой окружности до пересечения с продолжением стороны CA в точке D. Известно, что AB + AD = AC, отрезок CD = 3, угол BAC = 60°. Найти перimetр треугольника ABC.

  9. В основании треугольной парамиды ABCD лежит треугольник ABC, в котором угол BAC = 60°, а угол ACB прямой. Грань BCD образует угол в 60° с гранью ABC. Ребро BD = 2. Сфера касается ребер AB, AC и грани BCD. Центр сферы — точка O — лежит на основании парамиды и отрезок OD перпендикулярен к плоскости основания парамиды ABCD. Найти длину ребра AC.

  10. Найти все действительные значения α, для каждого из которых существует четые целых числа (x, y, u, v), удовлетворяющие равенствам:
    (x+y)(x+y+20)=(140−α)(α−80),(x + y)(x + y + 20) = (140 - \alpha)(\alpha - 80),
    α(8u2+2v2−α)=(4u2−v2)2.\alpha(8u^2 + 2v^2 - \alpha) = (4u^2 - v^2)^2.

Физический факультет

Вариант 1

  1. Решить уравнение:
    3−tgx=tg(4π3−x).\sqrt{3} - \tg x = \tg \left(\frac{4\pi}{3} - x\right).

  2. Решить неравенство:
    x2−2∣x+1∣<0.x^2 - 2|x + 1| < 0.

  3. Решить уравнение:
    23log⁡16x−3log⁡2x−6=0.2\sqrt{3}\log_16x - \sqrt{3}\log_2x - 6 = 0.

  4. Два одинаковых правильных треугольника ABC и CDE со стороны 1 расположены.

Лист 67

с. 65Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

65

ложены на плоскости так, что имеют только одну общую точку CC, и угол BCDBCD меньше, чем π3\frac{\pi}{3}. Точка KK — середина ACAC, точка LL — середина CECE, точка MM — середина отрезка прямой BDBD. Площадь треугольника KLMKLM равна 35\frac{\sqrt{3}}{5}. Найти длину отрезка BDBD.

  1. Данные две треугольные прямые SABCSABC и NKLMNKLM, все ребра которых равны aa. Эти прямые имеют общую высоту SNSN (SS — центр грани KLMKLM и NN — центр грани ABCABC). Кроме того, KL∥BCKL \parallel BC и прямые расположены так, что плоскость, проходящая через KLKL и BCBC, пересекает отрезок SNSN. Найти объем общей части прямид SABCSABC и NKLMNKLM.

Вариант 2

  1. Решить уравнение:
    sin⁡x+cos⁡x−1=ctgx2(cos⁡x−1).\sin x + \cos x - 1 = \text{ctg} \frac{x}{2} (\cos x - 1).

  2. Решить неравенство:
    (∣x∣−1)2>2.(|x| - 1)^2 > 2.

  3. Решить уравнение:
    34log⁡3x3−30log⁡3x+36=0.\frac{3}{4} \log^3 \frac{x}{3} - 30 \sqrt{\log^3 x} + 36 = 0.

  4. Из точки KK, расположенной вне окружности с центром OO, проведены к этой окружности две касательные, MKMK и NKNK (MM и NN — точки касания). На хорде MNMN взята точка CC (MC<CNMC < CN). Через точку CC перpendикулярно к отрезку OCOC проведена прямая, пересекающая отрезок NKNK в точке BB. Известно, что радиус окружности равен RR, MKN=αMKN = \alpha, MC=bMC = b. Найти длину отрезка CBCB.

  5. В основании треугольной прямоды SABCSABC лежит прямой угловый равновесный треугольник ABCABC. Точка DD — середина гипotenузы ABAB, SDSD — высота прямоды, SD=DC=aSD = DC = a. Через точку SS проведена плоскость, перpendикулярная к SDSD, и в этой плоскости построен прямой треугольник SEFSEF так, что точка SS — вершина прямого угла, SE=SF=a2SE = SF = a\sqrt{2}, а EF∥ABEF \parallel AB. Кроме того, треугольник SEFSEF расположен так, что плоскость, проходящая через EFEF и ABAB, пересекает ребро SCSC. Найти объем общей части прямид SABCSABC и SDEFSDEF.

Факультет вычислительной математики и кибернетики

Вариант 1

  1. Найти все решения уравнения sin⁡(1−x)=cos⁡x\sqrt{\sin(1-x)} = \sqrt{\cos x}, удовлетворяющие условия 0≤x≤2π0 \leq x \leq 2\pi.

  2. Найти все действительные значения aa, при которых каждое решение неравенства log⁡12x2≥log⁡12(x+2)\log \frac{1}{2} x^2 \geq \log \frac{1}{2} (x+2) является решением неравенства 49x2−4a4≤049x^2 - 4a^4 \leq 0.

  3. Найти все значения xx, удовлетворяющие одновременному условиям:
    {∣x−2∣+∣x−3∣=1,813x−974≤163x2.\begin{cases} |x-2| + |x-3| = 1, \\ 813x - 974 \leq 163x^2. \end{cases}

  4. Имеются три несообщающихся между собой резервуара, причем объем треугольного шлангом за 3 часа, вторым шлангом — за 4 часа, третьим шлангом — за 5 часов. Каждаому из резервуаров может быть подключен любой из этих трех шлангов. После того как произведено подключение к каждой из резервуаров по одному шлангу каким-либо способом, все шланги одновременно включаются. Как только какой-то резервуар наполнится, соответствующий шланг отключается и не может быть подключен в дальнейшем к другому резервуару. Заполнение считается оконечным, если наполнения все три резервуара. При самом быстроском способе подключения заполнение оконечится через 6 часов. Если бы резервуары сообщались, заполнение окончилось бы через 4 часа. Найти объем второго и третього резервуаров.

  5. В треугольной прямиле SABCSABC суммы трех плоских углов при каждой вершине BB и CC равны 180∘180^\circ и SA=BCSA = BC. Найти объем прямиле, если площадь грани SBCSBC равна 100 cm2100\text{ cm}^2, а расстояние от центра описанного шара до плоскости основания ABCABC равно 3\text{ cm}.

Вариант 2

  1. Найти все решения уравнения sin⁡(1−x)=cos⁡x\sqrt{\sin(1-x)} = \sqrt{\cos x}, удовлетворяющие условия 0≤x≤2π0 \leq x \leq 2\pi.

  2. Найти все действительные значения aa, при которых каждое решение неравенства log⁡12x2≥log⁡12(x+2)\log \frac{1}{2} x^2 \geq \log \frac{1}{2} (x+2) является решением неравенства 49x2−4a4≤049x^2 - 4a^4 \leq 0.

  3. Найти все значения xx, удовлетворяющие одновременному условиям:
    {∣x+5∣=∣x+2∣+3,1114+279x≤139x2.\begin{cases} |x+5| = |x+2| + 3, \\ 1114 + 279x \leq 139x^2. \end{cases}

  4. В порту для загрузки танкеров имеется три трубопровода. По первому из них закачивается в час 300 тонн нефти, по второму 400 тонн, по третьему — 500 тонн. Нужно загрузить два танкера. Если загрузку проводить первым двумя трубопроводами, подключив к одному из танкеров первый трубопровод, а к другому танкеру — второй трубопровод, то загрузка обиха танкеров при наиболее быстроном из двух возможных способов подключения займет 12 часов. При этом какой-то из танкеров, может быть, оказывается заполненным равше и тогда подключенный

Лист 68

с. 66Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

66

к нему трубопровод отключается и в дальнейшей загрузке не используется. Если бы вместеимость меньше по объему танкера была вдвое больше, чем на самом деле, и загрузка произвольлась бы вторым и третьим трубопроводами, то при быстрейшем способе подключения загрузка заняла бы 14 часов. Определить, сколько тонн нефти вмешает каждый из танкеров.

  1. В треугольной парамиде SABC суммы трех плоских углов при каждой вершине A, B и C равны 180°. Найти расстояние между скрещивающимся ребрами SA и BC если BC=4 cm, AC=5 cm, AB=6 cm.

Физика

Механико-mатематический факультет и факультет вычислительной математики и киберnetики

  1. На концах легкого стержня длиной l=20l=20 cm помещены два шарика, первый из свинца (ρ1=11,3 e/cm3\rho_1=11,3\text{ e/cm}^3), а второй из алюминия (ρ2=2,7 e/cm3\rho_2=2,7\text{ e/cm}^3). Стержень шаририно закреплен посередине и опущен в воду, где он находится в равновесии. На сколько нужно передвинуть по стержню второй шарики, чтобы равновесие восстановилось в воздухе?

  2. Шарик массы m=200m=200 е может скольить без трения по горизонтальном стержню, врашающему вокруг вертикальной оси с угловой скоростью ω=2 c−1\omega=2\text{ c}^{-1}. К шарику прикреплена пружина, другой конец которой закреплен на оси. Длина пружины в недеформированном состоянии l=20l=20 cm. Определить абсолютоное удлинение пружины Δl\Delta l. Жесткость пружины k=4 h/mk=4\text{ h/m}.

  3. Свиниовая пуля массы m=10m=10 е, летящая горизонтальное со скоростью v0=400 m/cv_0=400\text{ m/c}, попадает в кусок свинца массы M=1990 eM=1990\text{ e} и застревает в нем. Свиниц лежит на гладкой горизонтальной поверхности. Найти, на сколько градусов Δt\Delta t нагреется свинц. Передачу телла окружающим телам не учитывать. Теплоемкость свинца c=1,2⋅102 дж/kг.эрадc=1,2\cdot 10^2\text{ дж/kг.эрад}.

  4. Цилиндрический сосуд высотой l=40 cml=40\text{ cm} разделен на две части неевесомым тонким поршнем, скользывающим без трения. Поршень находится в высоте h=26,7 cmh=26,7\text{ cm} над дом цилиндра. Под поршнем находится водород, а над ним газ с неизвестной молекулярной массой μ\mu. Узнать μ\mu газа, если его масса равна массе водорада.

  5. Пять конденсаторов объединены в цель, показанную на рисунке 1. Емкость конденсаторов 1, 2, 3 одинаковы и равны: C1=C2=C3=2 мкфC_1=C_2=C_3=2\text{ мкф}. Емкость конденсаторов C4C_4 и C5C_5 равны 4 мкф. К точкам AA и BB приложен на пружение u=100 bu=100\text{ b}. Определить загрязы q4q_4 и q5q_5 на четвертом и пятом конденсаторов.

  6. Проводник длины l=0,1 ml=0,1\text{ m} может без трения скольить по двум проводацам параллельным рейкам, соединенным соротивлением R=0,1 omR=0,1\text{ om}, в однородном магнитном рис. 1.

поле, индикция которой B=0,05 mB=0,05\text{ m} перpendикулярна к плоскости реек. Какую силу нужно приложить к проводнику, чтобы он двигаляра равномерно со скоростью v=1 m/cv=1\text{ m/c}?

  1. Размеры изображения предмета в волнутом зеркале в m=2 раза меньшеm=2\text{ раза меньше}, чем размеры самого предмета. Расстояние между предметом и изображением d=15 cmd=15\text{ cm}. Чему равен радиус кривизны зеркала?

Физический факультет

  1. Космический корабль находится на расстоянии h=20000 kmh=20000\text{ km} от поверхности Земли и в системе координат, связанной с Землей, имеет скорость v1=6 km/cv_1=6\text{ km/c}, направленную по радиусу от центра Земли. Двигается не работают. Упадет ли корабль на Землю или улетит в космическое пространство? Влиянием Солнца, Луньи и планет пребрежь. Радиус Земли равен R0=6400 kmR_0=6400\text{ km}, g0=10 m/c2g_0=10\text{ m/c}^2. Что произойдет, если при тех же условиях скорость корабля v2=5 km/cv_2=5\text{ km/c} или v3=4 km/cv_3=4\text{ km/c}?

  2. При одинаковых тела начинают скольить по абсолютою гладкой неподвижной шаровой поверхности радиуса RR из положения, когда треть находится на полoce шара. Тела соединены неевесомыми и нерастящими нитями одинаковой длины l≪Rl\ll R.

a) Определить начальное ускорение aa этой системы тел.

  1. Определить, при каком минимальном коэффициенте трея kk между телами и шаровой поверхности тела не сдинутся с места.
  1. Цилиндрический стакан плавает в воде так, что его края находится у поверхности, когда он направинузаполлен водой. Вынув стакан и вылив из него воду, погружают его вверх дом на такую глубину hh, где он находится в равновесии (неустойчивом) — не вспышает и не тонет. Определить глубину hh, отсутствия ее от уровня воды в стакане. Атмосферное давление p0=105 h/m2p_0=10^5\text{ h/m}^2. Толщиной дна и стенок стакана пребрежь. g=10 m/c2g=10\text{ m/c}^2.

Лист 69

с. 67Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

67

Рис. 2.

Рис. 3.

Рис. 4.

Рис. 5.

  1. На абсолотно гладкой поверхности неподвижно лежат две одинаковые шайбы 1 и 2 массой M каждый. Между ними на линиях, соединяющихся центры этих шайб, имеется шайба 3 массой M/4 (тек же размеров), которая движется со скоростью v в направлении второй шайбы (рис. 2). Считая столкововая шайба абсолотно упругими, определять по величины и направлению скорости всех трех шайбы после того, как столковенная прекратется.

  2. Между двумя одинаковых неподвижных цилиндров, заполненных одинаковым газом, вставлен пружина (рис. 3). В исходном состоянии расстояние между поршнями и дом цилиндров равно l₀, начальная температура T₁. Затем газ в обих цилиндрах был нагрет до температуры T₂, при этом давление в них возросло в n раз.

Найти, насколько изменилась длина пружины.

  1. В сосуд объемом V = 10 л, наполненный воздухаом при давлении p₀ = 1 am и температуре t₀ = 0 °C, накачивают дополнительное массу m = 4 г азота при температуре 0 °C. Сосуд закрывают и нагревают до температуры t₁ = 100 °C. Определить давление pₓ смеси газов в сосуд при этой температуре. Для азота μ = 28.

  2. Имеются два точных заряда: отрицательный — q с массой m и положительный + Q с массой M. На каком расстоянии d друг от друга должны быть расположены заряды, чтобы во внешнем однородном электрическом поле с напряженной E они ускорялись как одно целое (т. е. не изменяя взаимного расположения)?

  3. Электрическая цель состоит из батарей с э. д. с. E₁ и E₂, сопротивлений R₁, R₂ и R₃ и неизвестной батареи Eₓ, включенных, как показано на рисунке 4. К участку AB подключен волтметр V с большим внутренним сопротивлением. Определить, при каком значении э. д. с. Eₓ неизвестной батареи показания волтметра не изменяются при замыкании ключа K. Внутренним сопротивлением батарей пренебречь.

  4. Узкая светящаяся щель S расположена параллельно ребру малого (несколько минут) двумя нимми на линиях, соединяющихся центры этих шайб, имеется шайба 3 массой M/4 (тек же размеров), которая движется со скоростью v в направлении второй шайбы (рис. 2). Считая столкововая шайба абсолотно упругими, определить по величины и направлению скорости всех трех шайбы после того, как столковенная прекратится.

  5. Человек смотрит в волнутое сферическое зеркало и видит прямое изобразение своего глаза. Угловой размер этого изобразения в N = 1,8 раза больше, чем угловой размер изобразения, которое получилось в плоском зеркале, помещенном на таком же расстоянии a = 24 см. Определить радиус кривизны R волнутое зеркала.

  6. В воздухе длина волны монохроматического света λ₀ = 6000 Å. При перехождение в стекло длина волны меняется и становится равной λ₁ = 4200 Å. Под каким углом φ свет падает на плоскую границу раздела воздуха — стекло, если отраженный и преломленный лучи образуют прямой угол?

Ж. М. Михайлов,
В. Н. Слуудский,
А. В. Устинова

Лист 70

с. 68Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

68

ФАЛТ — что это такое?

ИНФОРМАЦИЯ

Редакция получает много писем с просьбой рассказать об институтах, готовящих специализов для различных областей науки и техники, где необходимо функционить значя математики и физики.

Многих наших читателей интересует Московский физик-технический институт. В 1972 году в нашем журнале была напечатана статья, в которой рассказывалось об МФТИ («Квант», 1972, № 6). В этом институте семь факультетов. Сегодня мы публикуем рассказ о факультете аэромеханики и летательной техники. Этот материал подготовил доцент факультета А. Л. Стасенко.

Московский ордена Трудового Красного Знамени физик-технический институт готовит научных работников по новейшей технологии и современной физике для институтов Академии наук СССР, отраженных научно-исследовательских институтов и конструкторских бюро.

Уже со второго года обучения студенты МФТИ постепенно включаются в работу коллективов ученых, а дипломные работы студентов, как правило, входят в план научно-исследовательских работ соответствующей лаборатории или института. Понятно, что очень важно приближить студента к базовому институту даже територialно. Здесь мы рассказем об одном из факультетов МФТИ — факультете аэромеханики и летательной техники (ФАЛТ), — где эта проблема решена, пожалуйста, идеально.

Первое слово представляем декабря факультета профессор Л. А. Симонов у:

«Наш факультет был организован в 1965 году. Для него был построен специализный учебный корпус и общежитие для студентов.

Летательная техника за последнее 25 лет прошла путь от поршневой до сверхзвуковой реактивной авиации, до ракетной техники. Авиация заняла ведущие положение в пассажирском и грузовом транспорте, и надо ожидать ее дальнейшего развития.

Предстоит освоение полета на скорости, превышающих достигущие сверхзвуковые скорости, вплоть до орбитальной скорости полета, с использованием воздушной среды на всех высотах.

Методы решения научных проблем летательной техники могут быть теоретическими и экспериментальными.

Выпускник ФАЛТ должен владеть методами — и теории, и экспериментом.

ФАЛТ дает сведения на современном уровне об аэродинамике, газодинамике, механике полета, прочности применительно к летательным аппарам различного типа и их силовым установкам».

А вот что рассказывает руководители ведущих кафедр института.

Заведующий кафедрой аэродинамики профессор В. В. Сычев:

«Предмет изучения аэродидинамики является движение жидкости и газов. Человек всегда искал объяснения наблюдаемым закономерством в течение рек, полезных ветра и воленними моря. Но, пожалуйста, только попытки создания летательных аппаратов тяжелее воздуха со всей остротой поставили вопросы о необходимости систематических исследований в этой области с целью создания строгой математической теории, объясняющей возникновение подъемной силы и гидродинамического сопротивления.

Теоретические исследования в области механики жидкости и газов опираются на многоешее развитие математики. Некоторые из них вообществом на «гидродинамической» почве — это, например, векторный и тензорный анализ, ряд разделов теории функций компплексного переменного и, особенно, методы исследования и решения нелинейных уравнений с частными произвольными, так как с последними (кроме общей теории относительнойности) имеет дело только механика жидкости и газов».

Заведующий кафедрой механики полета, профессор, член-корреспондент АН СССР Г. С. Бюш генс:

«На кафедре механики полета готовят специализов трех профессоров.

  1. Аэродинамика летательных хип аппаратов. Задча исследования этой специализации — разработка проблем аэродинамики крыльев и других элементов летательного аппарата, отработка аэродинамики аппарата в целом; разработка

Лист 71

с. 69Набрано по скану (claude)

69


Был бы двигатель …

методов расчета аэродинамических характеристик, выбор основных параметров самолетов, ракет, орбитальных и космических аппаратов.

  1. Д и н а м и к а л е т а т е л ь н ы х а п п а р а т о в. Задача исследователей — проблемы динамики, в первую очередь устойчивость, управляемость движений; изучение траекторий — их оптимизация. Разработка принципов автоматического управления летательного аппарата.

  2. О п т и м и з а ц и я л е т а т е л ь н ы х а п п а р а т о в. Задача исследователей в этой области — разработка методов поиска оптимальных решений при создании летательного аппарата.

Цифровые вычислительные машины открыли в этом отношении большие возможности, и разработка необходимых алгоритмов поиска оптимальных решений — здесь одна из главных задач.

Кафедра механики полета уделяет большое внимание методике и практике экспериментальных исследований, а также методологии использования их результатов».

Заведующий кафедрой авиационной автоматики и автометрии профессор М. А. Тайц:

«Создаваемые в настоящее время системы автоматического управления самолетов и других летательных аппаратов — это сложнейшие комплексы, включающие бортовые


У природы стоит поучиться.


и наземные системы управления. При их создании используются новейшие достижения электроники и других областей науки и техники. Взаимодействие этих систем должно в ряде случаев обеспечивать практически полностью автоматизированное решение всех задач, возлагаемых на летательные аппараты. Создание и отработка этих систем немыслимы без глубоких теоретических исследований в различных областях науки и широких экспериментальных исследований.

Вторым важным направлением нашей работы является автометрия — сравнительно молодая отрасль науки, изучающая основы построения современных измерительных систем для сбора, переработки, хранения и выдачи информации».

Заведующий кафедрой общей физики ФАЛТ профессор В. Н. Жигулев:

«Физика на физтехе — главный предмет! Единство физики и техники для современной науки и производства очень четко отражено на физтехе.

Современная летательная авиационная и ракетная техника использует новейшие физические достижения. Поэтому будущий специалист, выпускник ФАЛТ, должен обладать широким объемом физических знаний.

На первом курсе студенты ФАЛТ изучают механику, куда включены вопросы специальной теории относительности, релятивистской динамики и теории поля, молекулярную физику и термодинамику, где рассматриваются основы статистической физики и физической кинетики. На втором курсе параллельно изучаются курсы «Колебания и волны» и «Электричество и магнетизм». Раздел «Колебания и волны» в курсе общей физики является оригинальным, здесь изучаются физические явления и процессы, родственные в смысле физической (колебательной и волновой) формы движения. Заключительный раздел «Квантовая физика» представляет собой годовой курс, охватывающий вторую половину второго курса и первую половину третьего курса. Здесь студенты изучают основные положения современной теории атома и ядра, а также физики твердого тела, квантовой статистики и физики излучения.

Заместитель заведующего кафедрой высшей математики МФТИ доцент В. М. Ш а л о в:

«Студенты МФТИ изучают следующие обязательные математические дисциплины: математический анализ, аналитическую геометрию, основы линейной алгебры, дифференциальные уравнения, уравнения математической физики, теорию функций комплексного переменного, теорию вероятностей.

Кроме того, на III—IV курсах студентов всех факультетов изучают основы вычислительной математики и программирование. Все студенты проходят практику на современных ЭВМ, изучают алгоритмические языки «АЛГОЛ» и «ФОРТРАН».

Лист 72

с. 70Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

70

Проверим прочитать.

Для студентов старших курсов и аспирантов МФТИ читается также свыше 20 специальных математических курсов, среди которых обучающийся может выgbать себе специальное обучение специальности и своими научными интересами.

Кафедра высшей математики МФТИ работает в техном контакте с Математическим институтом имени В. А. Стеклова АН СССР, с Вычислительным центром АН СССР. Это ведущее научные центры страны, и в них студенты соответствующих специальностей МФТИ служают лекции крупных ученых, проходят практику».
В заключение — несколько слов замечательная секретаря пармью ФАЛТ А. В. Гусев а:
«С момента образования факультета комсомольцы ФАЛТ были его активными стройтелями, при их непосредствном учении факультет стал неотъемлемой частью физика.
Сделано немало, но сколько еще представит! И веде, во всех делах нам нужны горячие комсомольские сердца и умные руки молоды. Именно вам представит завтра продолжать и прумножать то хорошее, что имеем мы сегодня. И нам сегодня совсем не безразлично, кто же будет на физке завтра. Поэтому не теряем, незнакомый друг! До встречи на физке. До встречи на ФАЛТ».
Адрес института и приемной комиссии: г. Долгопрудный Московской области, МФТИ.
Проезд электронное домо станции Долгопрудная или Новодачная Северной ж. д. (с Савеловского вокзала).
Телефоны приемной комиссии: 216-67-40 (прямой) или (через коммутатор) 216-00-05, доб. 2-17.
А. Л. Смасенко

ШКОЛА-ИНТЕРНАТ
ПРИ
ЛЕНИНГРАДСКОМ
ГОСУДАРСТВЕННОМ
УНИВЕРСИТЕТЕ
ИМ. А. А. ЖДАНОВА

Вот уже более 11 лет работают специалистизированные школь-интернаты при Московском, Ленинградском, Новосибирском и Киевском университетах. В этих школах учасят старшеклассики (8—10 классы), проявившие интерес и склонности к изучению математики, физики, химии, биологии.

Рассказем более подробно про школь-интернат при Ленинградском университете. В нее приннимаются учащиеся, окончившие сельмой или восьмой класс, проживающие в Архангельской, Вологодской, Калининградской, Кировской, Ленинградской, Мурманской, Новгородской и Псковской области, Карельской и Коми АССР, Латвийской, Литовской и Эстонской ССР.

Собеседование с желающим поступить в школь-интернат проводится на области, зональных, ресурсивских и Всесоюзных олимпидах. Кроме того, в июне в каждом области и ресурсивском центре проводятся экзамены по профилирующим предметам для всех желаюших поступить в школь-интернат. Сроки этих экзаменов можно узнать в области народного образования или Министерстве просвещения соответствующей ресурсивки.

Подавляющее большое интерес вопускников школь-интерната продолжают образование в Ленинградском университете.

Большое внимание уделяется различным олимпидам. В проведении олимпидам уже сложилась определенная традиция. Мы проводим олимпиды новичков, I тур общешкольных олимпидам, в которых участвует все ученики школь-интерната, II тур, задачи которой по уровню трудности близки к задачам Всесоюзных олимпидам.

Учащиеся школь-интерната успешно выступают на Всесоюзных олимпидах. Достаточно сказать, что они более шестидесятей раз становились победителями и признанами этих олимпидам. Пятнадцать раз учащиеся школь-интерната становились победителями и признанами Международных олимпидам.

Приглашаем всех любитель математики и физики в нашу шкалу!

Наш адрес: 197228, г. Ленинград, ул. Савушкина, дом 61, ФМШ при ЛГУ.

А. А. Быков, Ю. И. Нонин

Лист 73

с. 71Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

71

Задания

  1. Ира, Таня, Коля и Леня соби-
    рали грибы. Таня собрала больше
    всех, Ира — не меньше всех.
    Верно ли, что девочки собрали
    грибов больше, чем мальчики?

  2. В сосуд, в котором находится
    50 г льда при температуре — 10°C,
    наливают 100 г воды, температура ко-
    торой +10°C. Какой станет темпера-
    тура воды в сосуд? Теплоемкость
    и теплопроводность сосуда прене-
    бречь.

  3. Доказать, что 1ⁿ + 2ⁿ + 3ⁿ +
    4ⁿ делится на 10 тогда и только
    тогда, когда n не делится на 4.

  4. На столе лежит гвоздь с ма-
    ленкой тяжелой шляпкой. Как надо
    подвигать к нему подковообразный
    магнит, чтобы шляпка и острие при-
    липли к магниту одновременно?

  5. Сколькими способами, продви-
    гаясь от буквы к букве, можно про-
    читать слово «Треугольник»? На ри-
    сунке показан один из маршрутов.
    Сможете ли вы сосчитать все возмож-
    ные пути?

Рисунки Э. Назароea

71

Лист 74

с. 72Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

72

Как вы думаете, сколько лет счетам?
100? 200? 300? Оказывается, намного больше! Прародитель счетов — он называется абак — был известен еще в Древней Греции. Правда, это были далеки не прививные нам счеты, а общковенная доска, посыпанная тонким слоем темного песка, на котором можно чертить пальцем или заостренной палочки. По преданию, Архимед был убит римским солдатом, когда он занимался расчетами на такой «песочной доске».

Более поздним видом счетов, известным уже в IV веке до н. э., была «счетная доска» (такими досками пользовались в эпоху Возрождения). Впрочем, есть основания предполагать, что такие доски были известны и раньше и что им пользовались в XVIII веке до н. э. в Вавилоне. Сохранили несколько изображений счетной доски, и одна греческая счетная доска была найдена на острове Саламин (рис. 1). Счетная доска — это прямогольник, расчерченый паралельными линяями, представляющими разряды числовой системы, как правило, десятичной. Линни чертили на пергаменте, вырезали на дереве, гравировали на граморе, а иногда даже вышивали на сукне. По этим линиям передвигали незакрепленные физики, и таким образом производили простые вычисления. Физики могла быть круглая галька или что-нибудь похожое, и от латинского слова calculus — галька — возникло слово

Лист 75

с. 73Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

73

ших числа, записанных римскими цифрами. Вы сразу убедитесь, что это намного труднее, чем сложить числа в обычной записи. А умножение и деление становятся просто непосильными операциями! Именно поэтому более XV веков в Европе почти все вычисления делились на счетах. Таким образом, одновременно существовали два способа обозначения чисел — один, крайне громоздкий и неудобный, применяющийся при записи чисел, и второй, волне удобный и практичный, применяющийся при подсчетах. Этот второй способ, по сути дела, не отличается от привчного для нас современного способа записи. По-видимому, не счеты возникли после изобретения позиционной системы числения, а позиционная система возникла благодаря счетам.

Первым, кто ввел в Европе индо-арабскую систему обозначения чисел, был Леонардо из Пизы, известный под именем Фибоначчи. Он изложил ее в своей прекрасной книге «Liber Abaci» (1202 год). Распространение арабских цифр в Европе привело к появлению алгоритмов — вычислительной, которые полностью отказылись от римской системы обозначения чисел ради более совершенной индо-арабской системы. Извание алгоритма произходит от именя арабского математика IX века Аль-Хорезми и является предшественником современного слова алгоритм. Абакисты, которые придерживаютсь в письменных вычислениях римских цифр, а считали в основном на счетах, и алгоритмы часто составились между собой в скорости вычислений. На рисунке, взятом из изданной в 1504 году книги «Margarita philosophica» (см. вторую страницу обложки), вы видите такое состояние.

Оптовые торговцы вскоре обнаружили, что новые цифры чрезвычайно удобны для ведения счетов. Однако в некоторых европейских странах пользоваться имми было запрещено законом, так что применять арабские цифры можно было лишь подпользовать. Например, в 1299 году во Флоренцини появляется указ, запрещаюший употреблять арабские цифры, и даже в 1594 году в Антверпене купцам не разрешают писать арабские цифры в контрактах и векселях. С цифрами вставь борба даже в некоторых аrabских странах. Новая система записи чисел окончательно победила лишь в XVI—XVII веках, когда началось массовое произвольство бумаги, а вскоре аrabские цифры приобрели стандартное наертание благодария книгоопечатанию.

Но вернемся к счетам. Современные счеты — это, по существу, видимизмененная счетная доска, на которой фишки скольдают по проволоке или стержням. В настоящее время использовются три вида счетов: китайский суан пэн, японский соробан и русские счеты.

У китайского суан пэна (рис. 2) состоит скольят почти без трения по бамбуковым стержням. На каждом стержне помещается пять бусин (единиц) под разделителем и две (пятерки) — над разделителем. На рисунке 3 вы видите китайский неро-

Лист 76

с. 74Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

74

算

Рис. 3.

глиф «суан» — «исчислять». Он изображает счеты, которые держат два нероглифа «рука» над нероглифом «бамбук».
Происхождение суан пэна неизвестно. Его точное описание восходит к XVI веку, но он, несомненно, появился на много столетей раныше.

Японский соробан (рис. 4) также восходит к XVI веку, когда он, по всей верятности, был заимствован из Китая. Косточки у него с заостренными краями: два конуса, соединенные в основаниях. На каждом стержне имеется лишь одна косточка (пятерка) над разделителем (эту область японцы называют небом), и только четыре косточки (единицы) внизу — на земле. Устройство первоначального имелю пять косточек внизу, как на китайском суан пэне, но пятую выбросили около 1920 года.

В Японии до сих пор проводят ежегодные составания в счете на соробане. Нередко проводились составания между японскими или китайскими вычислителями на счетах и американскими — на арифметре. Самое известное подобное составание составалось в 1946 году, когда рядом Томас Вуд помещался с Киоси

Мацзаки. Окзаалось, что Мацзаки выполнили все расчеты, кроме умножения отромных чисел, быстрее.

Русские счеты резко отличются от восточных. Возможно, они позаимствованы у арабов. До сих пор такие же счеты использовются коe-где в Индии и на Ближнем Востоке, где турики называют их кульба, а армяне — хореб. Стержни с четырьмя косточками, которые вы видите на рисунке 5, использовются для подсчета дробных частей рублей и копеек.

Лучшие всего счеты приспособлены для сложения и вычитания. Умножение и деление на счетах осуществляется с помощью многоократного повторения этих операций. Сложение и вычитание на счетах делается так же, как на бумаге при выполнении операций столбиком. Чтобы быстро计ать на счетах, движения пальцев должны быть совершенно автоматически: останавливаться и сообщать нельзя! Если хорошего изучить движения пальцев, нужные для сложения, то движения, нужные для вычитания, можно не разучивать. Дело в том, Пусть, например, нужно вычесть 9213 из 456 789:

456 789−9213==456 789+786−999==456 789+786+1−10 000.456\ 789 - 9213 = = 456\ 789 + 786 - 999 = = 456\ 789 + 786 + 1 - 10\ 000.

Таким образом, мы свели вычитание к сложению и вычитанию некоторой степени десяти. (Разберитесь)

Рис. 4. Соробан. Отложено число 4620.

Лист 77

с. 75Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

75

самостоятьно, как следует действовать в случае произвольных чисел.)

Этот метод называется методом вычитания путем добавления дополнительной. Он использует и в быстрое действующих ЭВМ. Здесь его применять особенно просто, поскольку машины работают в двойной системе численения. Применим этот метод и в числовой системе с любым основанием. Постайтесь понять, как он будет выглудеть в случае системы с основанием qq. (Разумеется, это задание относится только к тем, кто знает, что такое система с основанием qq. Если вы этого не знаете, советует вам прочитать статью «Системы численения», напечатанную в «Кванте» № 6 за 1970 год.) Кстати говоря, на счетах тоже можно произвольить операции с числами, записанных и не в десятичной системе. Например, при подсчетах с двойными числами нужно пользоваться самой левой косточкой в каждой ряду, с тройными — двумя

лёвыми косточками и так далее. При работе с десятичными числами можно обойти девять косточками, а все десять косточек нужно только для одинаковатричной системы чисел.

Отличное практическое упражнение в сложении на счетах связано с таким числовым фокусом. Вы пишете «волшебное» число 12 345 679 и просите кого-нибудь из присутствующих называть любую цифру. Допустим, называна цифра 7. Тогда вы предлагаете умножить волшебное число на 63. Оказывается — надо полагать, к всеобщему развлечению,— что произведение состоит из одних семерок (что определять множитель, нужно по-proсту умножить называное число на 9).

Вот как можно использовать это «волшебное» число для упражнения на счетах. Положите на счетах 12 345 679 и прибавьте к нему это же число восемь раз. Если вы не допустили ошибок при этих сложениях, то вы получите на счетах число, состоящее из одних единиц. Сложите «волшебное» число еще девять раз и получите число из двоек, еще девять раз — из трех. Наконец, после 80 сложений вы должны получить число из одних девяток. Это упражнение заменяет тем, что с его помощью легко проверить точность работы на каждом из девятки этапов.

Кроме 12 345 679 есть еще бесконечное множество «волшебных» чисел. Например, 37×3×d37 \times 3 \times d, где dd — однозначное число, состоит из одних dd. Наименьшее волшебное число для семи — 15 873; для 13 — 8 547, для 99 — 1 122 334 455 667 789. Найдите самое постоянное наименьшее «волшебное» число для 17. Постайтесь разобраться, для каких чисел можно указать «волшебное» число, а для каких — нельзя.

Лист 78

с. 76Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

76

К статье «Как приступить к решению задачи по физике?»

  1. N=2mgvh1−h2l=200N = 2mgv \frac{h_1 - h_2}{l} = 200 квт. Можно использовать законы Ньютона и уравнения кинематики точки, а также закон сохранения энергии для неконсервативных систем. Соответствие возможны два способа решения.
  2. v0>2μgL(1+mM)v_0 > \sqrt{2\mu g L \left(1 + \frac{m}{M}\right)}. Можно пользовать: а) законы Ньютона и уравнения кинематики точки для dockи и бруска в отдельности, б) закон сохранения импульса для системы dockа — брусок, в) закон сохранения энергии для неконсервативных систем. Возможны два способа решения: первый с использованием законов a) и 6), а второй — законов 6) и в).
  3. A=2A = 2 mgH. В исследуемой ситуации можно использовать законы Ньютона и кинематики точки, а также закон сохранения энергии для неконсервативных систем. Поскольку профиль горки неизвестен, записать законы Ньютона нельзя. Для решения следует применить закон сохранения энергии.

К статье «Московский государственный университет им. М. В. Ломоносова»
Математика
Механико-математический факультет
Вариант 1

  1. x=π+2πn;x=3π2+2πk,x = \pi + 2\pi n; x = \frac{3\pi}{2} + 2\pi k,
    где n,kn, k — любые целые числа.
    Указа ни e. Не забудьте, что cos⁡x≤0\cos x \leq 0.

  2. −1≤x<1;1<x≤3-1 \leq x < 1; 1 < x \leq 3.

  3. SABC=934S_{ABC} = \frac{9\sqrt{3}}{4}. Указа ни e. Легко пользовать систему уравнений.
    AB+AD=DE,AB + AD = DE,
    AD⋅DE=BD2AD \cdot DE = BD^2
    где BD2BD^2 можно выразить по теореме косинусов из △ABD\triangle ABD.

  4. VABCD=36.V_{ABCD} = 36.
    Указа ни e. Пусть OO — центр сферы, M,L,KM, L, K — точки ее касания граней ABC,ABDABC, ABD и ребра CDCD соответственно, PP — точка пересечения плоскости OMLOML с ребром ABAB. Тогда OMPLOMPL — квадрат со стороны 2 (доказите!), поэтому DL=2LP=4DL = 2LP = 4 и KD==DL=4KD = = DL = 4 как касательные, проведенные из точки DD к сфере. Аналогично CK=CM=5.CK = CM = 5. Пусть NN — точка пересечения ребра ACAC с прямой, проходящей через MM параллельно ABAB. Обозначив ACAC через xx, выразив через xx отрезки NCNC и NMNM и написав теорему Пифагора для треугольника NCMNCM, найти, что AC=6,AB=6AC = 6, AB = 6.

  5. α=100.\alpha = 100. Указа ни e. Из первого равенства получаем: 89≤α≤11189 \leq \alpha \leq 111. Найдя α\alpha из второго равенства, доказем, что α\alpha — целое число, кратное 5.

Вариант 2

  1. x=πn;x=5π4+2πk,x = \pi n; x = \frac{5\pi}{4} + 2\pi k, где n,kn, k — любые целые числа.
  2. x≤−2;x=−1;x≥0x \leq -2; x = -1; x \geq 0.
  3. PABC=3+3.P_{ABC} = 3 + \sqrt{3}.
    Указа ни e. △ABD∼△BCD.\triangle ABD \sim \triangle BCD.
  4. AC=54.AC = \frac{5}{4}.

Указа ни e. Пусть KK и MM — точки касания сферы с ребром ACAC и гранию BCDBCD соответственно, и пусть радиус сферы равен rr. Так как AO=биссектораγBACAO = \text{биссектора} \gamma BAC, то AK=r3AK = r\sqrt{3}. Пусть OP⊥BCOP \perp BC (точка PP лежит на BCBC), тогда точки D,MD, M и PP лежат на одной прямой и DP⊥BCDP \perp BC, DPO=60∘DPO = 60^\circ. Так как OM=rOM = r, из △ODP\triangle ODP легко выразить через rOPr OP и DPDP, а затем и BPBP. После этого из △DPB\triangle DPB находится r=34r = \frac{\sqrt{3}}{4}.
5. α=100.\alpha = 100. Физическая факультет
Вариант 1

  1. x=2π3±π3+πn,x = \frac{2\pi}{3} \pm \frac{\pi}{3} + \pi n, где nn — любое целое число.
  2. 1−3<x<1+31 - \sqrt{3} < x < 1 + \sqrt{3}.
  3. x=2−8;x=227x = 2^{-8}; x = 2^{27}.
  4. BD=2−35.BD = \frac{2 - \sqrt{3}}{\sqrt{5}}.

Указа ни e. Обозначив ∠EAC\angle EAC через φ\varphi, легко выразить через φ\varphi отрезок KLKL и высоту в △KML\triangle KML, а затем и его площадь, равную 35\frac{\sqrt{3}}{5}, откуда cos⁡φ=25\cos \varphi = \frac{2}{\sqrt{5}}.

Лист 79

с. 77Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

77

  1. a2254\frac{a^2 \sqrt{2}}{54}. Указание. Если проектировать основания парами на плоскость одного из них, получается два правильных треугольника с общим центром, повернуть вокруг него друг относительно друга на 60∘60^\circ (см. рис. 1). Легко понять, что боковые ребра каждой из парами «протыкают» боковые грани другой в центрах этих граней. Поэтому общая часть парами состоит из двух парами, все ребра которых равны a3\frac{a}{3}, и тела, изображенного на рисунке 2. Это тело состоит из двух правильных четырехугольных парами, все ребра которых также равны a3\frac{a}{3}. На рисунке 2 O1,O2,O3O_1, O_2, O_3 — центры граней ASC, BSC и ASB соответственно; P1,P2,P3P_1, P_2, P_3 — центры граней LNK, KNM и MNL соответственно; общее основание указаных парами заштриховано. Эти парами составляют правильный octаэдр со стороны a3\frac{a}{3}.

Вариант 2

  1. x=2arctg2+2πnx = 2\arctg 2 + 2\pi n, где nn — любое целое число.
  2. x>1+2;x<−1−2x > 1 + \sqrt{2}; x < -1 - \sqrt{2}.
  3. x=343;x=393x = 3\sqrt[3]{4}; x = 3\sqrt[3]{9}
  4. BC=R2+b2−2bRcos⁡α2⋅ctgα2BC = \sqrt{R^2 + b^2 - 2bR \cos \frac{\alpha}{2}} \cdot \text{ctg} \frac{\alpha}{2}.

Указание. Заметив, что KOKO — биссектриса угла MKNMKN и что ∠OMN=∠MNO=α2\angle OMN = \angle MNO = \frac{\alpha}{2}, из △OMC\triangle OMC найдем OCOC. Okоло четырехугольника BCONBCON можно описать окружность, поэтому ∠CBO=∠CNO=α2\angle CBO = \angle CNO = \frac{\alpha}{2}. Теперь из прямогоного треугольника BCOBCO легко найти ответ.
5. a318\frac{a^3}{18}.

Факультет вычислительной математики и кибернетики

Вариант 1

  1. x=7π4+12x = \frac{7\pi}{4} + \frac{1}{2}. Указание. Возвядя обе части уравнения в квадрат, получаем после преобразования, что
    x=12−π4−πn,x = \frac{1}{2} - \frac{\pi}{4} - \pi n,
    (1)
    где nn — любое целое число. Условию

Рис. 1.

0≤x≤2π0 \leq x \leq 2\pi удовлетворяют лишь
x1=12+3π4 и x2=7π4+12,x_1 = \frac{1}{2} + \frac{3\pi}{4} \text{ и } x_2 = \frac{7\pi}{4} + \frac{1}{2},
получаются из (1) при n=−1n = -1 и n=−2n = -2 соответственно. Но cos⁡x1<0\cos x_1 < 0, что не удовлетворяет условия.

  1. ∣a∣≥7|a| \geq \sqrt{7} (начке, a≥7,a≤−7a \geq \sqrt{7}, a \leq -\sqrt{7}). Указание. Решения первого herabенства −1≤x<0,0<x≤2-1 \leq x < 0, 0 < x \leq 2, второго ∣x∣≤27a2|x| \leq \frac{2}{7} a^2. Условие выполено, если 27a2≥2\frac{2}{7} a^2 \geq 2.

  2. x=2;487163≤x≤3x = 2; \frac{487}{163} \leq x \leq 3. Указание. Решения уравнения: 2≤x≤32 \leq x \leq 3, решения herabенства: x≤2;x≥487163x \leq 2; x \geq \frac{487}{163}, причем 487163<3\frac{487}{163} < 3.

  3. 215v;2v\frac{2}{15} v; 2v. Указание. Пусть объем второго резервира равен xx, объем треугольного yy. Легко найти, что x+y=3215vx + y = \frac{32}{15} v. Дальше надо проверить возможность слияев, учитывая, что x≤yx \leq y и что 66 часов — время наполнения при быстрешем способе подключения.

Рис. 2.

Лист 80

с. 78Набрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

78

  1. VSABC=400 cm3V_{SABC} = 400 \text{ cm}^3. Указание. Из условия следует: a) все грани параметры равны; b) центр описанного около параметры шара совпадает с центром описанного шара (см. «Квант», 1970, № 10, с. 42). Отсюда следует, что радиус описанного шара равен 3 cm. Соединив центр шара с вершинами параметры, разобъем данную параметру на четые равновеликие параметры с высотой 3 cm и площадью основания 100 cm².

Вариант 2

  1. x=5π4−1x = \frac{5\pi}{4} - 1.
  2. ∣a∣⩽325|a| \leqslant \frac{3}{2\sqrt{5}}.
  3. x=−2;x⩾557139x = -2; x \geqslant \frac{557}{139}.
  4. 3500 m; 4800 m.
  5. 612\sqrt{\frac{61}{2}}.

Указание. Из условия следует следующие:
a) все грани параметры равны; b) проекция параметры на плоскость, параллельную ребрам AS и BC — прямогольник. С помощью б) легко доказать, что отрезок, соединиющий середины ребер AS и BC, перпендикулярен к этим ребрам.

Физика

Механико-mатематический факультет и факультет вычислительной математики и кибернетики

  1. x=lρ0(ρ1−ρ2)2ρ2(ρ1−ρ0)=3,1 cmx = \frac{l\rho_0(\rho_1 - \rho_2)}{2\rho_2(\rho_1 - \rho_0)} = 3,1 \text{ cm} (ρ0\rho_0 — плоность воды).
  2. Δl=mω2lk−mω2=5 cm\Delta l = \frac{m\omega^2 l}{k - m\omega^2} = 5 \text{ cm}.
  3. Δl=v022cMm(M+m)2=3,3 °C\Delta l = \frac{v_0^2}{2c} \frac{Mm}{(M + m)^2} = 3,3 \text{ °C}.
  4. μ=hl−hμH2=4\mu = \frac{h}{l - h} \mu_{\text{H}_2} = 4.
  5. q4=q5=uC1C4C1+C4=1,33⋅10−4 Kq_4 = q_5 = \frac{uC_1C_4}{C_1 + C_4} = 1,33 \cdot 10^{-4} \text{ K}.
  6. F=1Bl=vB2l2R=2,5⋅10−4 NF = 1Bl = \frac{vB^2l^2}{R} = 2,5 \cdot 10^{-4} \text{ N}.
  7. R=2dmm2−1=20 cmR = \frac{2dm}{m^2 - 1} = 20 \text{ cm}.

Физический факультет

  1. Если кибетическая энергия корабля больше его потенциальной энергии, то корабль

Рис. 3.

улетит. При v1=6 km/cv_1 = 6 \text{ km/c} корабль улетит, при v2=5 km/cv_2 = 5 \text{ km/c} и v1=4 km/cv_1 = 4 \text{ km/c} улетет на землю.

  1. Так как l≪Rl \ll R (рис. 3), то tgα≈sin⁡α≈lR,2α=2lR,cos⁡2α≈1tg\alpha \approx \sin\alpha \approx \frac{l}{R}, 2\alpha = \frac{2l}{R}, \cos 2\alpha \approx 1.

a) a=gα=glR,6)k⩾α=lRa = g\alpha = g \frac{l}{R}, 6) k \geqslant \alpha = \frac{l}{R}.
b) h=p0ρg=10 mh = \frac{p_0}{\rho g} = 10 \text{ m}.
4. Записав закон сохранения энергии и закон сохранения количества движения для соударения шайб 3 и 2, а затем для соударения шайб 3 и 1, можно найти:

v1=−625v;v2=25v;v3=925vv_1 = -\frac{6}{25} v; v_2 = \frac{2}{5} v; v_3 = \frac{9}{25} v.
5. Δl=2l0T2−nT1nT1\Delta l = 2l_0 \frac{T_2 - nT_1}{nT_1}.
6. px=p0T1T0(1+V0V)=1,8 amp_x = \frac{p_0 T_1}{T_0} \left(1 + \frac{V_0}{V}\right) = 1,8 \text{ am}.
7. Ускорение зарядов определяется силой, действующего на них со стороны поля, и силой Кулона. Из уравнений движения для каждой заряда получим

d=(M+m)qQ4πε0E(mQ+Mq)d = \sqrt{\frac{(M + m) q Q}{4\pi\varepsilon_0 E (mQ + Mq)}}.
8. Ток на учаске ABAB не должен изменяться, поэтому Ex=(E2−E1)R3R1+R2E_x = \frac{(E_2 - E_1) R_3}{R_1 + R_2}.
9. Так как изобравнения источника S′S' и S′′S'' (рис. 4) находится за зеркалом на одинаковом расстоянии, равном расстоянию от источника до зеркала, то точки S,S′S, S' и S′′S'' лежат на одной окружности радиуса rr с центром в точке AA. Все углы малы, поэтому могут можно заменить хордами. Тогда P1P2=r⋅2α=L⋅2ωP_1 P_2 = r \cdot 2\alpha = L \cdot 2\omega (см. рис. 4),

2ω=2lL+r,2φ=2lr,2α=2φLL+r2\omega = \frac{2l}{L + r}, 2\varphi = \frac{2l}{r}, 2\alpha = 2\varphi \frac{L}{L + r}.

Лист 81

с. 79Набрано по скану (claude)


Рис. 4.

  1. Построим изображение предмета в плоском и сферическом зеркалах (рис. 5):

tg φ2tg φ1=N=1,8,tg φ1=y12a,\frac{\mathrm{tg}\,\varphi_2}{\mathrm{tg}\,\varphi_1} = N = 1{,}8, \quad \mathrm{tg}\,\varphi_1 = \frac{y_1}{2a},

tg φ2=y2a+b,y2y1=y2y0=ba.\mathrm{tg}\,\varphi_2 = \frac{y_2}{a+b}, \quad \frac{y_2}{y_1} = \frac{y_2}{y_0} = \frac{b}{a}.

Из этих уравнений получаем b=9ab = 9a. Но

1a−1b=2R.\frac{1}{a} - \frac{1}{b} = \frac{2}{R}.

Отсюда

R=9a2⋅28a=54 см.R = \frac{9a^2 \cdot 2}{8a} = 54 \text{ см}.

  1. При переходе световой волны из одной среды в другую частота ν\nu сохраняется, а длина волны λ\lambda и скорость распространения света изменяются: λ0=cν\lambda_0 = \dfrac{c}{\nu},

λ1=vν=cnν (n — показатель преломления\lambda_1 = \frac{v}{\nu} = \frac{c}{n\nu} \ (n \text{ — показатель преломления}

стекла). Отсюда n=λ0λ1=1,43n = \dfrac{\lambda_0}{\lambda_1} = 1{,}43.

Угол падения φ\varphi и угол преломления ψ\psi связаны соотношением sin⁡φsin⁡ψ=n\dfrac{\sin\varphi}{\sin\psi} = n. По условию φ+ψ=π2\varphi + \psi = \dfrac{\pi}{2}. Таким образом,

tg φ=n=1,43,φ=54°30′.\mathrm{tg}\,\varphi = n = 1{,}43, \quad \varphi = 54°30'.


К задачам «Квант» для младших школьников»

(См. «Квант», 1975, № 4)

  1. Митя купил чешские марки, Толя и Петя — советские, Саша — болгарские.

  2. Чтобы «прорвать» поверхность воды, надо преодолеть силу поверхностного натяжения. Давление много больше, когда ныряльщик «входит» в воду головой (площадь поверхности меньше).

  3. У к а з а н и е. Воспользовавшись признаками деления числа на 9 и на 5, показать, что достаточно рассмотреть набор чисел (1, 2, …, 10).

  4. Вода в сосуде остынет быстрее, если лед лежит сверху на крышке.

  5. 12 лет.

Итоги турнира

(см. «Квант», 1975, № 3, 2-я с. обл.)

  1. Начнем с позиции из партии № 2 — № 1. Белые могут в пять ходов съесть пешку а7, но если они действуют прямолинейно, то партия заканчивается вничью: 1.Кре7 Крс3 2. Крd7 Крd4 3. Крс7 Крd5 4. Крb7 Крd6 5. Кр:а7 Крс7! и белый король в капкане. В распоряжении белого короля имеется 30 маршрутов, заканчивающихся взятием пешки, но лишь один из них ведет к победе! 1. Кре6! Крс3 2. Крd5! Белый король, как говорят шахматисты, «отталкивает плечом» своего оппонента 2…Крd3 (вынужденная потеря темпа) 3. Крс6 Крd4 4. Крb7 Крd5 5. Кр:а7 Крс6 6. Крb8 и т. д. Эту партию № 2 выиграл благодаря тому, что был лучше знаком с геометрией шахматной доски.


Рис. 5.

79

Лист 82

с. 80Набрано по скану (claude)

  1. В партии № 3 — № 2 возникла удивительная позиция, в которой одна белая пешка справляется со всей армией неприятельских фигур. 1. Кр:d1 Фh1h1 (выбора нет) 2. а3!! Почему не 2.а4? Хитрость раскроется позднее. 2…Фh2h2 3. а4 Фh1h1 4. а5 Фh2h2 5. а6 Фh1h1 6. а7 Фh2h2 7.а8 К!! Теперь конь съедает обе пешки «f», а затем берет ладью g3 с матом (в этот момент черный ферзь стоит на h1). Итак, при ферзе на белом поле h1 конь объявляет мат с черного поля g3. Поскольку в данном окончании ферзь на каждом ходу меняет цвет поля, а конь всегда обладает этим свойством (см. по этому поводу «Квант», 1971, № 9), то и в момент появления коня поля, на которых стоят ферзь и конь, должны иметь разные цвета. Вот почему на первом ходу белые двинули пешку всего на одно поле!

  2. Как мы видим, судьба турнира решалась в партии № 1 — № 3. Имея лишнюю пешку, белые не сомневались в победе. Однако партия, к их удивлению, вскоре закончилась вничью. Возможно, если бы № 1 знал о существовании математического «правила пяти», то он не пошел бы на данную позицию, а предпочел другой план. Для по-


Рис. 6.

добных ладейных окончаний с отрезанным королем слабейшей стороны «правило пяти» заключается в следующем. Если номер горизонтали, на которой находится пешка, и число вертикалей, отделяющих ее от неприятельского короля, в сумме не превосходят пяти, то партия заканчивается вничью. Если эта сумма больше пяти, то спасения нет. В нашем случае указанная сумма равна 5, позиция ничейная!

Итак, результаты турнира таковы: первое место заслуженно занял математик № 3 (он лучше освоил математические свойства

шахматной доски), на втором месте № 2 и на третьем № 1.

К статье «Математические игры на шахматной доске»

(см. «Квант», 1975, № 4)

  1. Белые проигрывают (а в поддавки — выигрывают) независимо от очереди хода.

а) 1. d8К!, и этот конь быстро приносит себя в жертву;

б) на любой ход черного коня следует d8С!, и слон вскоре становится под удар коня.

    1. Kpe4! Фd8! (иначе белый король уже на втором ходу встанет под бой) 2. Kpd4!, и следующим ходом король кончает самоубийством.
  1. В таблице на рисунке 6 первая и третья цифры на полях — номера вертикалей и горизонталей, проходящих через них, вторая цифра — номер диагонали, параллельной линии h1 — a8. Если ферзи не угрожают друг другу, то на восьми полях, занятых ими, все левые цифры различны и, значит, образуют полный набор чисел 1,2,…,8. То же самое касается вторых и третьих цифр. Из этого следует, что сумма всех 24 цифр, записанных на полях с ферзями, равна (1+2+...+8)⋅3=108(1+2+...+8)\cdot3=108. Из рисунка видно, что сумма цифр каждого поля делится на 8, то есть найденная сумма также должна делиться на 8. Однако 108 на 8 не делится — противоречие!

  2. Одна из расстановок показана на рисунке 7 (вместо магараджей здесь изображены обычные ферзи). Заметим, что всего существует 4 искомые расстановки, остальные три получаются из данной при помощи двух поворотов доски, а также одного отражения.


Рис. 7.

Корректор Е. В. Сидоркина


  1. Москва, В-71, Ленинский проспект, 15, «Квант», тел. 234-08-11. Сдано в набор 15/II 1975 г. Подписано в печать 1/IV 1975 г.
    Бумага 70×1001^1/₁₆. Физ. печ. л. 5
    Усл. печ. л. 6,50. Уч.-изд. л. 7,24. Тираж 368 680 экз.
    Т-06531 Цена 30 коп. Заказ 276

Чеховский полиграфический комбинат
Союзполиграфпрома
при Государственном комитете Совета Министров
СССР по делам издательств, полиграфии и книжной торговли, г. Чехов Московской области

Рукописи не возвращаются

80

Лист 83

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

XXX лет победы над гитлеровским фашизмом

В мае 1945 г. победоносно закончилсь Великая Отечественная война советского народа против гитлеровской Германии.
Ценой 20 миллионов жизн-

Мы воспользуемся здесь марки, выпущенные к 25-летию разгрома гитлеровских полицей под Москвой и 20-летию победы наихих войск под Сталинградом и на Курскойдуге. Здесь приведена марка, посвященная одной из наиболее крупных операций заключительного этапа войны—операции «Баградион», в результате которой была освобождена Белоруссия и наши войска выши к границам Восточной Пруссии. На марке изобра-

ней наш народ не только отстоял завоевания Великого Октября, но и освободил народы Европы от фашизма.
В нашей стране выпущено около трехсот марок и блоков, рассказывало их подвите советского народа в Великой Отечественной войне. Часть из них вышла в годы войны. Они были посвящены геронческим подвигам наихих войнов, партизан и тех, кто самотверженным трудом в тылу создавал оружеие и снабжал фронт всем необходимым. Оdnako больше часть таких марок была выпущена уже после окончания войны. Они выпускались к различным юбилейным датам. Некоторые из этих марок мы воспроизведем на приведенных здесь фотографиях.
Вверху вы видите марку с известным плакатом военных лет художника И. Тондзе «Родина-мать зовет», признавающим вступать в народное ополчение.
Крупные военные порожения потерпели гитлеровские войска в битах под Москвой, под Сталинградом и под Орлом и Курском.

жен памятник: четырештика, символизирующие четыреферонта, в результате совместных действия которых была проведена операция. На заднем плане — карта с изображением направленной главных ударов советских войск.
На фото также приведена марка, выпущенная в декабре 1967 г., с изображением памятника Незвестному солдату — памятника всем пальмам в Великой Отечественной войне. 8 мая 1967 года, в канун праздника Победы на могиле Незвестного солдата был зажжен Вечный огонь славы от факела, доставленного из Ленинграда с Марсова поля, где похоренены борцы Великого Октября.

А. В. Аттике

Лист 84

без номераНабрано по скану (zai-org/GLM-OCR)

К нашим читательям

Продолжается подпись на 1975 год на научно-популярный физико-математический журнал «Квант».
«Квант» адресована всем школьникам 6—10 классов, которые любят математику и физику, любят решать задачи.

Наш журнал полезен и тем школьникам, которые еще не увлеклись физикой или математикой, но хотели бы получше познакомиться с этим научами.

Сейчас проискодит коренная переработка школьных программ по математике и физике. «Квант» активно участвует в этой работе. В 1975 году на страницах журнала будут систематически публикаться статьи, разъяснющие материал новых программ.

Много материалов будет опубликовано для школьников 10 классов, готовяшихся к поступлению в институт.

В 1975 году «Квант» будет продолжать печать статьи для младших школьников. Объем этих публикаций будет существен разширен.

«Квант» полезен также и продовагательм. Материалы, публикуемые в «Кванте», могут быть использованы на занятиях математических и физических кругков и на факультативных занятиях.

Читайте в «Кванте» в 1975 г.:

Страты, посвященные опытам, которые можно proveсти над моделими как физического, так и математического проискождения.

Большое количество статей будет посвящено новой программе в школе. Так, в статьи А. Г. Мордковича школьники познакомятся с понятием производной и ее применением при решении задач.

Bot уже пятый год раздел журнала «Задачник Кванта» учит школьников решать задачи повышенной трудности по математике и физике. В работе этого раздела приннимают участие школьники из городов и сель. Читатели, регуляро присылающие правильные решения, получают право участия в области олимпiadах. Редакция консультирует школьников, присылающих решения задач.

Для поступающих вузы в 1975 году будут опубликованы статьи на следующие темы. Математика:ijdectiveness преобразования ирациональных уравнений; проверка решения; уравнения с параметрами; доказательство неравенств; использование многоотносится функций при решении уравнений и неравенств; решения тригонометрических уравнений; решения задач на тела врашения; прямогольная проекция при решении стереометрических задач; «скрытые» данные в условиях задачи.

Физика: законы идеальных газов; электрический ток, линей передач; трансформаторы; построение изображений (плактика, линза, зеркало); оптические приборы; глаз; интеференция.

Мы будем продолжать знакомить наших читателей с новыми книгами, представляющими для них интерес, рассказывать о работе физico-matематических школе, об олимпiadах, о работе различных видов со школьниками и т. д.

Подписка на «Квант» принимается без ограничения в пунктах приема подписки «Соизпечать», отделениями связи, на почтамax. При подписке ссылайте на наш индекс 70465. Цена номера 30 коп.